CUESTIONES INICIALES de la página 112...Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO 1...
Transcript of CUESTIONES INICIALES de la página 112...Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO 1...
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
1
CUESTIONES INICIALES de la página 112
1. Razona la verdad o falsedad de las siguientes igualdades:
a) sen (45º - 30º) = sen 45º · cos 30º - sen 30º · cos 45º
b) cos (2 · 60º) = 2 · cos 60º
c) tg 60º + tg 45º = tg 105º
La primera igualdad es verdadera y las otras dos son falsas. Para probarlo basta con utilizar la calculadora.
2. Halla el área comprendida entre el círculo de 20 cm de radio y el heptágono regular inscrito en el mismo.
El área del círculo es π · 202 = 1256,64 cm2.
El lado y la apotema del heptágono regular de radio 20 cm miden 17,36 y 18,02 cm, respectivamente. Su
área mide .90,10942
02,18·36,17·7 2cm=
El área entre el círculo y el heptágono será 1256,64 – 1094,90 = 161,74 cm2.
3. Resuelve las siguientes ecuaciones:
a) tg (2x) = 1 b) cos ( x + π ) = 0,5 c) 2· sen x = - 1
Las soluciones de las ecuaciones son:
a)
∈+=∈+=
⇒
∈+=∈+=
⇒=Zkkx
ZkkxZkkx
Zkkxxtg
22
11
22
11
;·º180º5,112;·º180º5,22
;·º360º2252;·º360º452
12
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
2
b)
∈+=
∈+−=⇒=+
Zkkx
Zkkxx
22
11
;23
2
;23
2
5,0)(cosππ
ππ
π
c)
∈+=∈+=
⇒−=⇒−=ZkkxZkkx
xsenxsen22
11
;·º360º330;·º360º210
2112
4. Halla el valor de la expresión: º150cosº210cosº150º210
+− sensen .
El valor de la expresión es: 33º30
º30cos·º180cos2º30·º180cos2
º150cosº210cosº150º210
===+− tgsensensen
1. A partir de las razones trigonométricas de los ángulos de 60º y 45º calcula las razones trigonométricas del ángulo de 15º.
Utilizando las fórmulas de las razones trigonométricas de la diferencia de dos ángulos, obtenemos:
426
21·
22
22·
23º60cos·º45º45cos·º60)º45º60(º15
−=−=−=−= sensensensen
462
22·
23
22·
21º45·º60º45cos·º60cos)º45º60(cosº15cos
+=+=+=−= sensen
326
36123333
1·331
133
º45·º601º45º60
)º45º60(º15 −=−
=+
−=
+
−=
+−
=−=tgtg
tgtgtgtg
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
3
2. Si sen 38º = 0,6157 y cos 18º = 0,9511, calcula el valor de las razones trigonométricas de los ángulos de 56º y 20º en función de las razones de los ángulos de 18º y 38º.
Si sen 38º = 0,6157, las otras razones del ángulo de 38º son: cos 38º = 0,7880 y tg 38º = 0,7813.
Si cos 18º = 0,9511, las otras razones del ángulo de 18º son: sen 18º = 0,3090 y tg 18º = 0,3249.
Utilizando las fórmulas de las razones trigonométricas de la suma y la diferencia de dos ángulos, obtenemos:
● Para el ángulo de 38º:
sen 56º = sen (38º + 18º) = sen 38º · cos 18º+sen 18º · cos 38º = 0,6157 · 0,9511 + 0,3090 · 0,7880 = 0,8291
cos 56º = cos (38º + 18º) = cos 38º · cos 18º -sen 18º · sen 38º = 0,7880 · 0,9511 - 0,3090 · 0,6157 = 0,5592
4826,13249,0·7813,01
3249,07813,0º18·º381
º30º38)º18º38(º56 =−
+=
−+
=+=tgtg
tgtgtgtg
● Para el ángulo de 20º:
sen 20º = sen (38º - 18º) = sen 38º · cos 18º-sen 18º · cos 38º = 0,6157 · 0,9511 - 0,3090 · 0,7880 = 0,3421
cos 20º = cos (38º - 18º) = cos 38º · cos 18º +sen 18º · sen 38º = 0,7880 · 0,9511 + 0,3090 · 0,6157 = 0,9397
3640,03249,0·7813,01
3249,07813,0º18·º381
º30º38)º18º38(º20 =+
−=
+−
=−=tgtg
tgtgtgtg
3. Prueba esta igualdad: atgbababasenbasen
=−++−++
)(cos)(cos)()( .
Desarrollamos el miembro izquierdo de la igualdad, operamos, simplificamos y obtenemos:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
4
=++−−++
=−++−++
bsenasenbabsenasenbaabsenbasenabsenbasen
bababasenbasen
·cos·cos·cos·coscos·cos·cos·cos·
)(cos)(cos)()(
atgaasen
babasen
===coscos·cos·2
cos··2
ACTIVIDADES de la página 116
4. Resuelve las siguientes cuestiones:
a) Si 21cos =a , siendo 0º < a < 90º, calcula tg 2a.
b) Si tg a = 2, siendo 0º < a < 90º, calcula sen 2a.
c) Si 31
=asen , siendo 90º < a < 180º, calcula cos 2a.
a) Si 21cos =a , entonces,
23
=asen y 3=atg .
El valor de tg 2a es ( )
.3231
3·22 2 −=⇒
−= atgatg
b) Si tg a = 2, entonces, 55cos =a y .
55·2
=asen
El valor de sen 2a es .542
55·
55·2
·22 =⇒= asenasen
c) Si 31
=asen , entonces, 3
22cos −=a .
El valor de cos 2a es .97
91
98
31
322
2cos22
=−=
−
−=a
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
5
ACTIVIDADES de la página 117
5. Si sen 42º ≈ 0,67, calcula el valor de las razones trigonométricas de los ángulos doble (84º) y mitad (21º).
Si sen 42º ≈ 0,67, las otras razones del ángulo de 42º son: cos 42º ≈ 0,74 y tg 42º ≈ 0,90.
● Para el ángulo de 84º:
sen 84º = 2 · sen 42º · cos 42º ≈ 2 · 0,67 · 0,74 ≈ 0,99
cos 84º = cos2 42º - sen2 42º ≈ 0,742 – 0,672 ≈ 0,10
47,990,0190,0·2
º421º42·2º84 22 ≈
−≈
−=
tgtgtg
● Para el ángulo de 21º:
36,02
74,012
º42cos1º21 ≈−
=−
=sen
93,02
74,012
º42cos1º21cos ≈+
=+
=
39,074,0174,01
º42cos1º42cos1º21 ≈
+−
=+−
=tg
6. Halla las razones trigonométricas de 15º a partir del ángulo mitad de 30º.
Las razones trigonométricas del ángulo de 30º son: 33º30
23º30cos,
21º30 === tgysen .
Las razones trigonométricas del ángulo de 15º son:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
6
232
2231
2º30cos1
º15−
=−
=−
=sen
232
2231
2º30cos1
º15cos+
=+
=+
=
3473232
º15 −=+
−=tg
7. Prueba la igualdad: 222
22 2 atgasenasenasenasen=
+−
Operando desde el miembro de la izquierda:
2cos1cos1
)cos1(2)cos1(2
cos22cos22
2222 2 atg
aa
aasenaasen
aasenasenaasenasen
asenasenasenasen
=+−
=+−
=+−
=+−
ACTIVIDADES de la página 119
8. Halla, sin utilizar la calculadora, el valor de la siguiente expresión: cos 195º + cos 75º.
El valor de la expresión es:
22º60cos·º135cos2
2º75º195
cos·2
º75º195cos·2º75cosº195cos −==
−
+
=+
9. Calcula sen (30º + a) + sen (30º - a).
Utilizando la transformación de la suma de dos senos en producto obtenemos:
=
−−+
−++
=−++2
)º30(º30cos·2
º30º30·2)º30()º30( aaaasenasenasen
aaasen coscos·21·2cos·302 ===
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
7
10. Determina, sin hacer uso de la calculadora, el valor de las expresiones:
a) cos 75º + sen 255º b) cos 75º · sen 255º
a) Cambiamos cos 75º = sen 15º y utilizamos la transformación de la suma de dos cosenos en producto para obtener:
=
−
+=+=+
2º255º15
cos·2
º255º15·2º255º15º255º75cos sensensensen
22
21·
22·2)º120(cosº1352 −=
−
=−= sen
b) Utilizando una de las fórmulas que transforman productos en sumas, obtenemos:
[ ] =−−−== ))º240(cos)º270(cos·21º255·º15º255·º75cos sensensen
41
)21(0·
21 −
=
−−−=
ACTIVIDADES de la página 123
11. Resuelve las siguientes ecuaciones o sistemas trigonométricos:
a) sen 2x = 2 cos x b) sen 2x + cos 2x = 4 sen2 x c)
=+
=−
22)2(
1)2(
yxsen
yxtg
a) Desarrollamos sen 2x = 2 · sen x · cos x, operamos y obtenemos:
2 · sen x · cos x = 2 cos x ⇒ 2 · sen x · cos x – 2 · cos x = 0 ⇒ 2 · cos x · (sen x – 1) = 0 ⇒
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
8
∈+=⇒=
∈+=⇒=⇒
Zkkxxsen
Zkkxx
22
11
;22
1
;2
0cos
ππ
ππ
b) Desarrollamos sen 2x y cos 2x: 2 · sen x · cos x + cos2 x - sen2 x = 4 · sen2 x.
Sustituimos cos2 x = 1 – sen2 x, operamos: 2 · sen x · cos x = 6 sen2 x – 1.
Sustituimos xsenx 21cos −= , elevamos al cuadrado y operamos: 40 sen4 x – 16sen2 x + 1 = 0.
Resolvemos la ecuación bicuadrada:
=±
=−±
=0775,03225,0
2064
8040·41616 2
2 xsen
Encontramos las soluciones más sencillas correspondientes al intervalo [0º, 360º]:
● sen x = 0,5669, entonces x = 34º 36´ 14,1´´
● sen x = - 0,5669, entonces x = 325º 23´ 45,9´´
● sen x = 0,2784, entonces x = 16º 9´ 53,05´´
● sen x = - 0,2784, entonces x = 343º 50´ 6,95´´
c)
==
⇒
=+=−
⇒
=+
=−
º0º45
º452º452
22)2(
1)2(
yx
yxyx
yxsen
yxtg
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
9
ACTIVIDADES de la página 125
1. Sumas de enteros consecutivos. Observa las identidades:
1 + 2 = 3
4 + 5 + 6 = 7 + 8
9 + 10 + 11 + 12 = 13 + 14 + 15
Escribe las identidades que siguen. ¿Cuál es la relación que observas y por qué funciona? Encuentra el valor de la suma de cada uno de los miembros de la enésima identidad.
Las identidades que siguen son:
1 + 2 = 3
4 + 5 + 6 = 7 + 8
9 + 10 + 11 + 12 = 13 + 14 + 15
16 + 17 + 18 + 19 + 20 = 21 + 22 + 23 + 24
25 + 26 + 27 + 28 + 29 + 30 = 31 + 32 + 33 + 34 + 35
36 + 37 + 38 + 39 + 40 + 41 + 42 = 43 + 44 + 45 + 46 + 47 + 48
Para ver la relación que existe en cada una de las identidades consideramos, por ejemplo, la tercera identidad:
9 + 10 + 11 + 12 = 13 + 14 + 15
Si sumamos 4 a cada uno de los tres primeros números de la izquierda (9, 10 y 11), entonces obtenemos los tres números de la derecha (13, 14 y 15). Hemos sumado 4 · 3 = 12 al lado izquierdo de la igualdad, que es justo el valor del cuarto número que aparece a la izquierda.
Esto mismo ocurre en cada una de las identidades. La enésima identidad, para n ≥ 1, es:
n2 + (n2 + 1) + (n2 + 2) +…+ (n2 + n) = (n2 + n + 1) + (n2 + n + 2) + (n2 + n + 3) +…+ (n2 + n + n)
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
10
En la identidad anterior hay n + 1 términos a la izquierda y n términos a la derecha. Si sumamos n + 1 a cada término de la izquierda menos al último, obtenemos todos los términos de la derecha. Hemos sumado:
(n + 1) · n = n2 + n
a la izquierda, que es justo el último término de la derecha.
Para hallar el valor de la suma de cada uno de los miembros de la enésima identidad, consideramos que los sumandos del miembro de la izquierda forman una progresión aritmética de n + 1 términos, siendo n2 el primero y n2 + n el último.
Teniendo en cuenta lo anterior el valor de la suma es:
2)12(·)1(·)1(·
22)1(·
2)( 222 ++
=++
=+++ nnnnnnnnnn
Otro procedimiento es encontrar el término general de la sucesión de las sumas de las primeras identidades.
Estas son: 3, 15, 42, 90, 165, 273…
Hallamos las distintas diferencias entre los términos y obtenemos:
3 15 42 90 165 273…
12 27 48 75 108…
15 21 27 33…
6 6 6 …
El término general que buscamos es un polinomio de tercer grado S (n) = an3 + bn2 + cn + d que cumplirá:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
11
⇒
=+=+=++=+++
⇒
=++=++=++=+++
⇒
+++==+++==+++==
+++==
2121815212
12373
4873727519
12373
416649043927423
24815231
baba
cbadcba
cbacba
cbadcba
dcbanSídcbanSí
dcbanSídcbanSí
=
=
=
=
⇒
==+=++=+++
⇒
021231
661521212373
d
c
b
a
aba
cbadcba
Sustituyendo estos valores, obtenemos:
2)12(·)1(·
21
23)( 23 ++
=++=nnnnnnnS
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
12
2. Sombras. Un poste vertical de altura a, iluminado por los rayos del Sol, arroja una sombra sobre un plano horizontal. La longitud de la sombra era a en un momento, 2a en otro momento y 3a en un tercero. ¿Cuánto suman los ángulos de incidencia de los rayos con el plano en esos tres instantes?
Sean los ángulos:
α = BAC
β = BA1C
γ = BA2C
y los segmentos:
BA = a, BA1 = 2a y BA3 = 3a.
Por la definición de la razón trigonométrica tangente se cumple:
31
211 === γβα tgtgtg
Teniendo en cuenta la expresión de la tangente de la suma de ángulos btgatg
btgatgbatg·1
)(−
+=+
podemos escribir:
( )[ ] =
−+
−
−+
+=
+−++
=++
γβγβα
γβγβα
γβαγβαγβα
tgtgtgtgtg
tgtgtgtgtg
tgtgtgtgtg
·1·1
·1)(·1
)(
010
12361236
31·
21
31·1
21·11
31·
21·1
31
211
···1··
=−−−−++
=−−−
−++=
−−−−++
=γβγαβαγβαγβα
tgtgtgtgtgtgtgtgtgtgtgtg
Esto último implica que 2πγβα =++ es decir, dan lugar a un ángulo recto.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
13
3. Espiral infinita. Un hombre H está de pie en una llanura, a 5 m al este de un poste P. Camina 5 m en línea recta y en dirección perpendicular hasta que se sitúa al nordeste del poste; entonces, siempre en línea recta, camina al noroeste hasta que está directamente al norte del poste; entonces camina hacia el oeste hasta que está directamente al noreste del poste; y sigue así, describiendo una línea poligonal en espiral.
Suponiendo que este hombre sigue caminando de la misma forma indefinidamente, encuentra una fórmula que muestre la distancia que ha recorrido el hombre H desde el poste P.
En el dibujo observamos el trayecto que sigue el hombre desde que parte en su camino espiral, con el poste situado en el punto P, y el inicio del camino en el punto H.
Como muestra el diagrama, cada segmento caminado es uno de los dos lados iguales de los triángulos rectángulos isósceles, múltiplos de 5 cuando camina en dirección N-S o E-O y múltiplos de 25 los trayectos en diagonal.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
14
Hallamos las distancias que denominamos Simpar y Spar:
Simpar = 5 + 10 + 20 + 40 + 80 + … = 5 · 20 + 5 · 21 + 5 · 22 + 5 · 23 + …
para los trayectos 1º, 3º, 5º, 7º,…
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
15
...2·2·52·2·52·2·52·2·5...2·402·202·102·5 3210 ++++=++++=parS
para los trayectos 2º, 4º, 6º, 8º, …
Tenemos dos progresiones geométricas: una de trayectos impares, múltiplos de 5, y otra para los trayectos pares, múltiplos de 25 . La suma de ambas sucesiones nos dará el camino recorrido, d, hasta la finalización del trayecto a considerar.
( ) ...)2222(5·21...2402202·102·5...4020105 3210 +++++=+++++++++=d
( ) ( )12·5·21 1 −+= +nd cm. que es la fórmula buscada.
4. Relaciones familiares. Por ahí vienen nuestros padres, padres de nuestros hijos, maridos de nuestras madres y nuestros propios maridos. ¿Cómo es posible esto?
Sí puede ser cierto; se trata de dos padres que se han casado cada uno con la hija del otro.
ACTIVIDADES de la página 126
1. Resuelve las ecuaciones siguientes y representa gráficamente sus soluciones.
a) sen2 x – cos2 x = 1 b) 2 · cos x + 3 · tg x = 0
a) Resolviendo la ecuación por los métodos que aparecen en el libro de texto, obtenemos como soluciones:
Zkkkx ∈+=+= 1111 ;·22
3·º360º270 ππ Zkkkx ∈+=+= 2222 ;·22
·º360º90 ππ
Resuelta con la opción Cálculo Simbólico (CAS), utilizando el comando Resolución (<Ecuación en x>), la solución puede verse en la imagen.
En la gráfica que sigue pueden verse las dos soluciones en el intervalo [0, 2π].
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
16
b) Resolviendo la ecuación por los métodos que aparecen en el libro de texto, obtenemos como soluciones:
Zkkkx ∈+=+= 1111 ;·23
5·º360º300 ππ Zkkkx ∈+=+= 2222 ;·26
7·º360º210 ππ
Resuelta con la opción Cálculo Simbólico (CAS), utilizando el comando Resolución (<Ecuación en x>), la solución puede verse en la imagen.
En la gráfica que sigue pueden verse las dos soluciones en el intervalo [0, 2π].
2. Resuelve los sistemas siguientes
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
17
y representa gráficamente sus soluciones.
a)
b)
=+=+
º902coscos
yxyx
a) Resolviendo el sistema por el procedimiento que aparece en el libro de texto, obtenemos como soluciones:
==
6;
2 11ππ yx y
−==
2;
67
12ππ yx
Resuelta con la opción Cálculo Simbólico (CAS), utilizando el comando Resolución (<Lista de Ecuaciones>, <Lista de variables>), la solución puede verse en la imagen.
En la gráfica que sigue pueden verse las dos soluciones.
a) Resolviendo el sistema por el procedimiento que aparece en el libro de texto, obtenemos como solución:
==
4;
4 4ππ yx
=−
=+
21
32
ysenxsen
yx π
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
18
Resuelta con la opción Cálculo Simbólico (CAS), utilizando el comando Resolución (<Lista de Ecuaciones>, <Lista de variables>), la solución puede verse en la imagen.
En la gráfica que sigue pueden verse la solución.
ACTIVIDADES FINALES de la página 127
1. Sabiendo que 53
=asen y 54cos =b , y que 90º < a < 180º y 270º < b < 360º, calcula:
a) sen (a + b) b) cos (a - b) c) tg (a + b)
Si 53
=asen y el ángulo a está en el segundo cuadrante, entonces 43
54cos −=−= atgya .
Si 54cos =b y el ángulo b pertenece al cuarto cuadrante, entonces
43
53
−=−= btgybsen
Teniendo en cuenta los teoremas de adición, obtenemos:
a) sen (a + b) = 2524 b) cos (a - b) = - 1 c) tg (a + b) =
724
−
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
19
2. Teniendo en cuenta los valores de las razones trigonométricas de 30º, 45º y 60º y si utilizar calculadora, halla los valores de estas razones:
a) sen 90º e) tg 120º
b) cos 90º f) sen 105º
c) sen 120º g) cos 105º
d) cos 120º h) tg 105º
Teniendo en cuenta las formulas del ángulo doble y los teoremas de adición, obtenemos:
a) sen 90º = sen (2 · 45º) = 2 · sen 45º · cos 45º = 1
b) cos 90º = cos (2 · 45º) = cos2 45º - sen2 45º = 0
c) sen 120º = sen (2 · 60º) = 23
d) cos 120º = cos (2 · 60º) = 21
−
e) tg 120º = tg (2 · 60º) = 3−
f) sen 105º = sen (45º + 60) = 4
62 +
g) cos 105º = 4
62 −
h) tg 105º = ( )32 +−
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
20
3. Si tg a = 1,5 y tg b = - 2,5, calcula (verificando los resultados con la calculadora):
a) tg (a + b) b) tg (a – b) c) tg ( 2a + b)
Teniendo en cuenta que tg a = 1,5 y tg b = - 2,5 y los teoremas de adición, obtenemos:
a) tg (a + b) = - 0,2105 b) tg (a – b) = - 1,4545 c) tg ( 2a + b) = 0,98
En este último apartado hay que tener en cuenta que tg 2a = - 2,4.
4. Justifica las siguientes igualdades:
a) sen (180º + a) = - sen a
b) cos (90º + a) = - sen a
c) tg (270º + a) = - cotg a
Para ello es suficiente con utilizar los teoremas de adición para el seno, coseno y tangente estudiados en esta unidad.
5. Calcula el valor de la siguiente expresión:
sen a · sen (b – c) – sen b · sen (a – c) + sen c · sen (a – b)
Desarrollando y operando, obtenemos:
sen a · sen (b – c) – sen b · sen (a – c) + sen c · sen (a – b) =
= sen a · sen b · cos c – sen a · sen c · cos b - sen b · sen a · cos c + sen b · sen c · cos a + sen c · sen a ·
· cos b – sen c · sen b · cos a = 0
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
21
6. Demuestra que cos (a + b) · cos (a – b) = cos2 a – sen2 b = cos2 b – sen2 a.
Tenemos en cuenta la relación:
cos (a + b) · cos (a – b) = (cos a · cos b – sen a · sen b) · (cos a · cos b + sen a · sen b) =
= cos2 a · cos2 b – sen2 a · sen2 b
A partir de esta expresión obtenemos las dos igualdades:
cos2 a · cos2 b – sen2 a · sen2 b = cos2 a · ( 1 – sen2 b) – (1 – cos2 a) · sen2 b = cos2 a – sen2 b
cos2 a · cos2 b – sen2 a · sen2 b = cos2 b · ( 1 – sen2 a) – (1 – cos2 b) · sen2 a = cos2 b – sen2 a
7. Prueba: sen (a + b) · sen (a – b) = sen2 a – sen2 b = cos2 b – cos2 a.
Partimos del primer miembro y probamos la primera igualdad:
sen (a + b) · sen (a – b) = (sen a · cos b + sen b · cos a) · (sen a · cos b – sen b · cos a) =
= sen2 a · cos2 b – sen2 b · cos2 a = sen2 a · (1 – sen2 b) – sen2 b · ( 1 – sen2 a) = sen2 a – sen2 b
A partir de la expresión sen2 a – sen2 b probamos la segunda igualdad:
sen2 a – sen2 b = (1 – cos2 a) – (1 – cos2 b) = cos2 b – cos2 a.
8. Halla las expresiones que se piden usando los teoremas de adicción:
a) cos 3a en función de cos a.
b) sen 4a en función de sen a.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
22
Queda:
a) cos 3a = cos (2a + a) = 4 cos3 a – 3 cos a
b) sen 4a = sen (2 · 2a) = (4 sen a – 8 sen3 a) · asen21 −
9. Si cos 80º = 0,17; calcula manualmente utilizando las fórmulas del ángulo doble (después comprueba tus resultados con la calculadora):
a) sen 160º b) cos 160º c) tg 160º
Si cos 80º = 0,17, entonces sen 80º = 0,98 y tg 80º = 5,76. Los valores pedidos, teniendo en cuenta las fórmulas del ángulo doble, son:
a) sen 160º = sen (2 · 80º) = 0,34 b) cos 160º = cos (2 · 80º) = - 0,94 c) tg 160º = tg (2 · 80º) = - 0,36
10. Si cos 80º = 0,17, calcula utilizando las fórmulas del ángulo mitad las razones trigonométricas de lsos ángulos de 40º, 20º y 10º (después comprueba tus resultados con la calculadora).
Si cos 80º = 0,17, entonces sen 80º = 0,98 y tg 80º = 5,76. Los valores pedidos, teniendo en cuenta las fórmulas del ángulo mitad, son:
a) sen 40º = sen
2º80 = 0,64; cos 40º = cos
2º80 = 0,76; tg 40º = tg
2º80 = 0,84
b) sen 20º = sen
2º40 = 0,34; cos 20º = cos
2º40 = 0,94; tg 20º = tg
2º40 = 0,36
c) sen 10º = sen
2º20 = 0,17; cos 10º = cos
2º20 = 0,98; tg 10º = tg
2º20 = 0,18
11. Sabiendo que 332cot =ag , halla tg a.
Si 332cot =ag , entonces 32 =atg . El valor de tangente es:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
23
−=
=
⇒=−+⇒=−
⇒=
3
33
032331
·232 22
tg
o
atg
atgatgatg
atgatg
12. Sabiendo que 24=atg y que a es un ángulo cuyo seno y coseno son negativos, encuentra las razones trigonométricas del ángulo 2a.
Si el seno y el coseno del ángulo son negativos, este se encuentra en el tercer cuadrante.
Si 24=atg , entonces 524
−=asen y 51cos −=a .
Las razones del ángulo 2a son:
25242
51·
524·22 =
−
−=asen
2523
524
51·2cos
22
−=
−−
−=a
23242
241242
2 −=−
=atg
13. Comprueba que: agagatg 2cot·2cot −= .
Partimos del segundo miembro e intentamos llegar al primero.
atgatg
atgatg
atgatgatgatg
agag =+−
=−
−=−=−22 11
2)1(·21
2212cot·2cot
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
24
14. Simplifica las expresiones:
a) a
asen2cos1
2+
b) a
aasenasen
cos2cos1
:2 +
a) atga
aasenasena
aasena
asen==
−+=
+ 222 cos·2cos··2
cos1cos··2
2cos12
b) 1cos·2cos·2
coscos1
:cos··2
cos2cos1
:2
2
222
==−+
=+
aa
aasena
asenaasen
aa
asenasen
15. Simplifica las expresiones:
a) a
asenatgatg
2cos21
11 −
−+−
b) atgasen
aasen
22
cos
2
+
Expresamos todas las razones en función de sen a y cos a y operamos:
a) =−
−−
+
−=
−−
+−
asenaaasen
aasenaasen
aasen
atgatg
22coscos21
cos1
cos1
2cos21
11
0cos
cos21)(coscos
cos21coscos
22
2
22 =−
+−−=
−−
−+−
=asena
aasenasenaasenaaasen
asenaasena
b) =−
+=+=+aasen
asenaasenaasen
asenaasen
aasen
atgasen
aasen
cos2)(cos2
cos22cos2
cos22
cos
22222
aaa cos
coscos2
==
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
25
ACTIVIDADES FINALES de la página 128
16. Comprueba las siguientes identidades:
a) atg
atgasen 2122+
= c) atg
asenatga22
cos2 +=
b) cotg2 a – cos2 a = cotg2 a · cos2 a d) aatgatg
atg 2cos2
=−
La comprobación puede hacerse de la siguiente manera:
a) asenaasena
aasen
aasena
aasen
aasen
aasen
atgatg 2cos2
coscos2
coscos
cos2
cos1
cos2
12 2
2
22
2
22 ===+
=+
=+
b) Desarrollamos los dos miembros:
asena
asenasena
asenasenaaa
asenaaag 2
4
2
22
2
2222
2
222 cos)1(·cos·coscoscoscoscoscot =
−=
−=−=−
asenaa
asenaaag 2
42
2
222 coscos·coscos·cot ==
c) 2
cos2cos1
2cos
cos2
cos2
2 aaasen
aasenasen
aasen
asenaasen
atgasenatg
=+
=+
=+
=+
d) aatgatgatgatg
atgatg
atgatg
atgatgatg 2cos
)1()1(
122 2
2
2
=+
−=
−−
=−
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
26
17. El coseno de un ángulo a del cuarto cuadrante vale 1/7. Halla el seno y el coseno del ángulo mitad.
Los valores pedidos son:
6547,073
2711
2==
−=
asen 7559,074
2711
2cos −=−=
+−=
as
18. El seno de un ángulo a del cuarto cuadrante es – 1/3. Calcula tg a/2.
Si 31
−=asen y el ángulo es del cuarto cuadrante, el valor del coseno es 38cos =a .
El valor de tg a/2 es: ( )838383
381
381
cos1cos1
2−−=
+−
−=+
−−=
+−
−=aaatg
19. Sabiendo que 32
2cos −=
a y que a es un ángulo del tercer cuadrante, halla sen a y cos a.
Los valores de las razones pedidas son: 91cos −=a y
954
−=asen .
20. Expresa en función de la razón trigonométrica del ángulo mitad:
a) asen
acos1 −
b) a
aa
asencos1
cos·2cos1
2++
Queda expresado del siguiente modo:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
27
a) 2
2cos·
22
22
2cos·
22
22cos1cos1
222
atgaasen
asen
aasen
asena
asena
==+−
=−
b) =−+−+
=++
22cos1
cos·cos1
cos·2cos1
cos·2cos1
222
22 asenaa
asenaaasen
aa
aasen
2
2cos2·)cos2(
cos·2
cos·2
2·2
22
2
atgaa
aaasen=
=
21. Haciendo uso de las fórmulas de las razones trigonométricas del ángulo mitad prueba que la razón entre el radio de la circunferencia circunscrita al octógono regular y el lado de este es el llamado «número cordobés»:
22
1
−.
En el triángulo rectángulo dibujado en el interior del octógono se cumple:
RLsen
R
L
sen2
º5,222º5,22 =⇒=
Teniendo en cuenta la fórmula del seno del ángulo mitad 2cos1
2αα −
±=sen con α = 45º, es decir:
222
º5,222
221
º5,222
º45cos1º5,22−
=⇒−
=⇒−
= sensensen
Sustituyendo el último resultado en la expresión RLsen
2º5,22 = y operando, obtenemos:
22
11
222
222 −
=⇒−
=⇒−
=LR
RL
RL
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
28
22. Comprueba que: agaecatg 2cotcos2
−= .
Se puede demostrar directamente, o bien haciendo un cambio de variable xa=
2.
Habría que probar: tg x = cosec 2x – cotg 2x. Partiendo del segundo miembro:
xtgxxsen
xsenxsen
xsenxxsen
xxsenx
xsenxgxec ==
+−=
−=−=−
cos22
2cos1
22cos1
22cos
212cot2cos
222
23. Determina el valor de las sumas o diferencias de las razones trigonométricas siguientes:
a) sen 75º - sen 15º b) cos 75º + cos 15º c) sen 75º + sen 15º
a) 22
21·
22·2º30·º45cos·2º15º75 ===− sensensen
b) 26
23·
22·2º30cos·º45cos·2º15cosº75cos ===+
c) 26
23·
22·2º30cos·º45·2º15º75 ===+ sensensensen
24. Simplifica las expresiones siguientes:
a) º50cosº150cosº50º150
+− sensen b)
º75º195º75º195
sensensensen
+− c)
º100º160º100cosº160cos
sensen +−
Los resultados son:
a) 5050cos·100cos250·100cos2
º50cosº150cosº50º150 tgsensensen
==+−
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
29
b) 60·135cot60cos·135260·135cos2
º75º195º75º195 tgg
sensen
sensensensen
==+− = - tg 60 = - 3
c) 3030cos·130230·1302
º100º160º100cosº160cos tg
sensensen
sensen−=
−=
+−
= - 33
25. Demuestra que:
a) 12cos
)º45(cos·)º45(cos2=
−+a
aa
b) btgbasenbasenbaba
=−+++−−
)()()(cos)(cos .
a) Desarrollamos el numerador de la fracción teniendo en cuenta los teoremas de adición, operamos y vemos que coincide con el numerador, por tanto, el resultado de la fracción se 1.
b) Se demuestra del siguiente modo:
btgbasen
bsenasenbasenbasenbaba
=−−
=−+++−−
cos·2)(··2
)()()(cos)(cos .
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
30
26. Simplifica las expresiones:
a) aaaasenasenasen
5cos3coscos53
++++
b) a
asenasenasencos22
223+
++
a) =++
=++++
=++++
aaaaasenasen
aaaasenasenasen
aaaasenasenasen
2cos·3cos23cos2cos·323
)5cos(cos3cos)5(3
5cos3coscos53
atgaasen
aaaasen
33cos3
)2cos21(·3cos)2cos21(·3
==++
=
b) asenaaasen
aasenaasen
aasenasenasen
2)cos1(2
)1(cos·22)cos1(2
22cos·22cos22
223=
++
=+
+=
+++
27. ¿Existe un triángulo ABC en el cual dos de sus lados midan 17 cm y 42 cm y el ángulo opuesto al menor de estos sea de 26º 30´?
Utilizando en el triángulo el teorema de los senos:
1024,117
´30º26·4242´30º26
17=⇒=⇒= Asen
senAsen
Asensen
Como el valor del seno es mayor que 1, no existe ningún triángulo con esas condiciones.
28. Los lados de un triángulo son proporcionales a 2, 3 y 4, respectivamente. Calcula su área sabiendo que su perímetro es de 27 m.
Sean a, b y c los lados del triángulo. Teniendo en cuenta la proporcionalidad del enunciado se cumple:
===
⇒==++++
===1296
3927
432432cba
cbacba
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
31
El semiperímetro vale 5,132
27= . Calculamos el área con la fórmula de Herón.
214,26)125,13(·)95,13(·)65,13(·5,13 mÁrea =−−−=
ACTIVIDADES FINALES de la página 129
29. Resuelve las siguientes ecuaciones trigonométricas:
a) 232
4=
+ xsen π c) sen 3x – sen 30º = 0
b)23)(
21cos =
+ πx d) 3
2º45cot =
+xg
Las soluciones de las ecuaciones son:
a) 232
4=
+ xsen π ⇒ Zkkconkxokx ∈+=+= 2121 ,
245
24ππππ
b) 23)(
21cos =
+ πx ⇒ Zkkconkxokx ∈+=+−= 2121 ,4
384
32 ππππ
c) sen 3x – sen 30º = 0 ⇒ Zkkconkxokx ∈+=+= 2121 ,º120º50º120º10
d) 32
º45cot =
+xg ⇒ Zkconkx ∈+= 11º360º15
30. Resuelve las siguientes ecuaciones trigonométricas:
a) sen 2x · cos x = 6 sen3 x
b) sen x + sen 3x = cos x
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
32
c) sen 4x = sen 2x
d) cos 2x – cos 6x = sen 5x + sen 3x
Las soluciones de las ecuaciones son:
a) sen 2x · cos x = 6 sen3 x ⇒ 2 sen x cos2 x – 6 sen3 x = 0 ⇒ 2 sen x (cos2 x – 3 sen2 x) = 0 ⇒
● sen x = 0 ⇒ x1 = 0º + 180º · k1 con k1 ∈ Z
● cos2 x – 3 sen2 x = 0 ⇒ cos2 x – 3 (1 – cos2 x) = 0 ⇒ cos x = 23
± ⇒ x2 = 30º + 180º · k2 con
k2 ∈ Z y x3 = 150º + 180º · k3 con k3 ∈ Z.
b) sen x + sen 3x = cos x ⇒ 2 sen 2x · cos x = cos x ⇒ 2 sen 2x · cos x – cos x = 0 ⇒
⇒ cos x = 0; sen 2x = 21
⇒ x1 = 90º + 180º · k1 con k1 ∈ Z; x2 = 15º + 180º · k2 con k2 ∈ Z y x3 =
75º + 180º · k3 con k3 ∈ Z.
c) sen 4x = sen 2x ⇒ 2 sen 2x · cos 2x = sen 2x ⇒ 2 sen 2x · cos 2x – sen 2x = 0 ⇒
⇒ sen 2x · (2 cos 2x – 1) = 0 ⇒ cos 2x = 21
; sen 2x = 0 ⇒ x1 = 0º + 90º · k1 con k1 ∈ Z;
x2 = 30º + 180º · k2 con k2 ∈ Z y x3 = 150º + 180º · k3 con k3 ∈ Z.
d) cos 2x – cos 6x = sen 5x + sen 3x ⇒ - 2 sen 4x · sen (- 2x) = 2 sen 4x · cos x ⇒
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
33
⇒ 2 sen 4x · (sen 2x – cos x) = 0 ⇒
● sen 4x = 0 ⇒ x1 = 45º · k1 con k1 ∈ Z
● sen 2x – cos x = 0 ⇒ cos x ( 2 sen x – 1)= 0 ⇒ cos x = 0; sen x = 21
⇒ x2 = 90º + 180º · k2
con k2 ∈ Z; x3 = 30º + 360º · k3 con k3 ∈ Z y x4 = 150º + 360º · k4 con k4 ∈ Z.
31. Resuelve las siguientes ecuaciones trigonométricas:
a) sen x = 1 + 2 cos2 x
b) sec x + tg x = cos x
c) 6 cos2 2x
+ cos x = 1
d) 6 cos2 x + 6 sen2 x = 5 + sen x
e) tg 2x · tg x = 1
f) cos2 x = 3 sen2 x
Las soluciones de las ecuaciones son:
a) sen x = 1 + 2 cos2 x ⇒ sen x = 1 + 2 – 2 sen2 x ⇒ 2 sen2 x + sen x – 3 = 0 ⇒
⇒ sen x = 1 ⇒ x1 = 90º + 360º · k1 con k1 ∈ Z
b) sec x + tg x = cos x xxxsen
xcos
coscos1
=+⇒ 1·0 kxsenx π=⇒=⇒ con k1 ∈ Z
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
34
c) 6 cos2 2x + cos x = 1 ⇒ ⇒=++⇒=+
+ 1coscos331cos2cos16
2
xxxx
⇒ cos x = - 21
⇒ x1 = 120º + 360º · k1 con k1 ∈ Z; x2 = 240º + 360º · k2 con k2 ∈ Z
d) 6 cos2 x + 6 sen2 x = 5 + sen x ⇒ 6 = 5 + sen x ⇒ sen x = 1 ⇒ x1 = 90º + 360º · k1 con k1 ∈ Z
e) tg 2x · tg x = 1 ⇒ 3
1112
2
2
±=⇒=−
tgxtg
xtg⇒ x1 = 30º + 180º · k1 con k1 ∈ Z y
x2 = 150º + 180º · k2 con k2 ∈ Z
f) cos2 x = 3 sen2 x ⇒ 1 = 4 sen2 x ⇒ sen x = 21
± ⇒ x1 = 30º + 180º · k1 con k1 ∈ Z y
x2 = 150º + 180º · k2 con k2 ∈ Z
32. Resuelve las siguientes ecuaciones trigonométricas:
a) sen x + 3 cos x = 2
b) sen x + cos x = 2
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
35
c) sen x + cos x = 25
Las soluciones de las ecuaciones son:
a) sen x + 3 cos x= 2 ⇒ 1cos23
21
=+ xxsen ⇒ sen (x + 60º) = 1 ⇒
⇒ x1 = 30º + 360º · k1 con k1 ∈ Z
b) sen x + cos x = 2 ⇒ 1cos22
21
=+ xxsen ⇒ sen (x + 45º) = 1 ⇒
⇒ x1 = 45º + 360º · k1 con k1 ∈ Z
c) sen x + cos x = 25 ⇒ Imposible ya que sen x + cos x ≤ 2.
33. Resuelve los siguientes sistemas:
a)
=+
=+
26
2
ysenxsen
yx π
b)
=+
=+
22seccos
2cos
yxec
yxsen
c)
=+=+
1)(cos1coscos
yxyx
d)
==
ygxtgygxtg
2cotcot2
Las soluciones de los sistemas, en el primer giro, son:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
36
a) Despejamos y = 90º - x en la primera ecuación y sustituimos en la segunda:
⇒=−⇒=−+26)º45(cos·º45·2
26)º90( xsenxsenxsen
330º45º30º4523)º45(cos =−=−⇒=−⇒ xóxx
Las soluciones del sistema son: (15º, 75º) y (75º, 15º).
b)
=+
=+⇒
=+
=+
22cos·
cos2cos
22)seccos
2cos
yxsenxsenyyxsen
yxec
yxsen
Operamos en la segunda ecuación y sustituimos en ella el resultado de al primera ecuación, es decir, 2cos =+ yxsen :
yxsenyxsenyxsen
yxsenxseny
cos21
21cos·2cos·2222
cos·cos
=⇒=⇒=⇒=+
Sustituyendo en la primera ecuación:
º4522cos01cos22cos22cos
cos21 2 =⇒=⇒=+−⇒=+ yyyyy
y
Con este valor de y, obtenemos x = 45º y la solución del sistema es x = 45º e y = 45º.
c) De la segunda ecuación obtenemos: x + y = 0º, entonces x = - y
Sustituyendo en la primera ecuación, obtenemos: cos (- y) + cos y = 1 ⇒ 2 cos y = 1 ⇒ cos y = 21 .
Las soluciones del sistema son: (300º, 60º) y (60º, 300º).
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
37
d)
−=
−=⇒
==
⇒
==
ytgytgxtgxtgytgxtg
ytgxtgytgxtg
ygxtgygxtg
2
2
1··21··2
12·1·2
2cotcot2
Igualando ambas ecuaciones, obtenemos: ytgxtg ±= .
Sustituyendo en la primera ecuación y operando:
==
⇒±=⇒=⇒−=º150
º3033
3112 222
yy
ytgytgytgytg
Con estos valores, las soluciones del sistema son
==
==
º150º150
º30º30
yx
yyx
34. Resuelve un triángulo cuyos lados son tres números consecutivos y el ángulo menor es la mitad del mayor.
Llamamos x, x + 1 y x + 2 a los lados y α, β y 2α a los ángulos opuestos a los lados, respectivamente.
Utilizando el teorema del seno: x
xsenx
senx
22
cos22 +
=⇒+
= ααα
Sustituyendo la expresión anterior en la expresión asociada al teorema del coseno y operando, obtenemos:
⇒++−+++= αcos·)2(·)1(·2)2()1( 222 xxxxx
043...2
2·)2(·)1(·2)2()1( 2222 =−−⇒⇒
+++−+++=⇒ xx
xx
xxxxx
Las soluciones de la ecuación de segundo grado son x = - 1 y x = 4; la única válida es x = 4.
Por tanto, los lados del triángulo miden 4, 5 y 6 unidades.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
38
Con x = 4, la amplitud del ángulo α es: ´´35´24º4186cos =⇒= αα
Los otros ángulos son 2α = 82º 49´ 10´´ y β = 55º 46´ 15´´.
35. Desde un punto A se observa un puente sobre un río. Si B y C son los extremos del puente sobre las orillas opuestas (B es el más cercano a A), averigua la longitud del puente sabiendo que la distancia AB es de 80 m y los ángulos BAC y ABC miden 20º y 113º, respectivamente.
La amplitud del ángulo C es:
180º - 20º - 113º = 47º
Aplicando el teorema de los senos:
mLsen
senL
sensenL 41,37
º47º20·80
º4780
º20=⇒=⇒=
El puente mide 37,41 metros.
ACTIVIDADES FINALES de la página 130
36. En una de las orillas de un río hay un pedestal de 60 m de altura sobre el que se apoya una estatua de 9 metros de alzada. Halla la anchura x del río, sabiendo que desde el punto A, situado en la orilla opuesta al pedestal, se ve a la estatua bajo el mismo ángulo que se vería a un hombre de 1,80 m situado delante del pedestal.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
39
Según la siguiente figura:
Llamando β al ángulo bajo el cual se ve el pedestal, tenemos:
( ) ⇒−
=⇒−
+=
+−
+=+
1088,6169
8,1·601
8,160960;
·1 2xx
xxx
xxxtgtg
tgtgtgαβαβαβ
.17,3274522,7 2 mxx =⇒=⇒
La anchura del río es de 32,17 metros.
37. Una calle mide 12 m de ancha. Desde el punto medio de la misma se observan los aleros de sendos edificios de alturas H y h bajo ángulo 2β y β, respectivamente.
En el caso de que los ángulos sean 60º y 30º, calcula H y h. Encuentra la relación general que liga a las alturas H y h, y comprueba que las alturas calculadas anteriormente verifican la relación general.
Sea el esquema:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
40
Los cálculos quedan:
.39,103·66
º60 mHHHtg =⇒=⇒=
.46,33
1·66
º30 mhhhtg =⇒=⇒=
En la expresión ( )β
ββ 2122
tgtgtg
−= , sustituimos
662 htgyHtg == ββ , y obtenemos:
HH
hHhhHh
hH 36366
03672·
361
6·2
6
22
2
−+=⇒=−+⇒
−=
Esta es relación que liga ambas alturas. Relación que se verifica para los valores del enunciado.
38. Siendo A, B, C los ángulos de un triángulo, demuestra que:
tg A + tg B + tg C = tg A · tg B · tg C
Nota: ayúdate del desarrollo de tg (A + B + C) y recuerda que A + B + C = 180º.
A partir del desarrollo de tg (A + B + C) y de sustituir A + B + C = 180º, obtenemos la expresión buscada:
[ ] =+−++
=++=++)(·1
)()()(CBtgAtg
CBtgAtgCBAtgCBAtg
CtgAtgBtgAtgCtgBtg
CtgBtgAtgCtgBtgAtg···1
··−−−
−++=
Como A + B + C = 0, entonces tg (A + B + C) = 0 y queda tg A + tg B + tg C = tg A · tg B · tg C
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
41
39. En los manuales de agrimensura podemos encontrar la siguiente fórmula para calcular el área de un triángulo, siempre que se conozcan los elementos que en ella aparecen:
BtgAtgBtgAtgcS
+=
···21 2
Ayudándote de la altura correspondiente al vértice C, demuestra la fórmula anterior.
Consideramos el triángulo del dibujo.
El área del triángulo es: hcalturabaseS ·21·
21
==
Vamos a calcular h:
BtgAtgBtgAtgch
xchBtg
xhAtg
+=⇒
−=
=··
De modo que sustituyendo en el área obtenemos la fórmula buscada.
BtgAtgBtgAtgc
BtgAtgBtgAtgccS
+=
+=
···21···
21 2
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
42
40. Una antena vertical de telecomunicaciones está fijada al suelo por cuatro cables cuyos anclajes forman un cuadrado de lado 80 m, sobre cuyo centro está situada la base de la antena. El ángulo formado por cada cable con la horizontal es de 75º. Realiza un dibujo de la situación y calcula la longitud de cada cable y la altura de la antena.
En el dibujo adjunto aparece la antena, AC, y los cables, uno de ellos BC.
En el dibujo puede apreciarse el triángulo ABC, rectángulo en A, con el ángulo en B de 75º y sus lados son:
- AC la longitud de la antena,
- AB la mitad de la diagonal de la base,
- BC la longitud de uno de los cables.
La medida de AB es la mitad de la diagonal del cuadrado de lado 80 m, por tanto:
mABDAB 57,568080·21·
21 22 =⇒+==
Calculamos la longitud de cada cable y la longitud de la antena en el triángulo ABC:
.57,218º75cos
57,5657,56º75cos mLLL cablecable
cable
=⇒=⇒=
.12,211º75·57,5657,56
º75 mLtgLL
tg antenaantenaantena =⇒=⇒=
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
43
41. En una estación de esquí quieren hallar la distancia entre las cimas de dos montañas para unirlas con un cable. Calcula la longitud del cable con los datos que aparecen en el dibujo.
Sea el dibujo del enunciado:
En el triángulo ABC1:
El ángulo C1 vale C1 = 180º - 72º - 49º = 59º.
Utilizando el teorema de los senos:
==
==⇒==
44,1331º59º72·1200
56,1056º59º49·1200
º72º49º591200
1
111
sensenBC
sensenAC
senBC
senAC
sen
En el triángulo ABC2:
El ángulo C2 vale C2 = 180º - 47º - 82º = 51º.
Utilizando el teorema de los senos:
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
44
==
==⇒==
29,1129º51º47·1200
08,1529º51º82·1200
º47º82º511200
2
222
sensenBC
sensenAC
senBC
senAC
sen
Determinamos la longitud del cable, Lcable, en el triángulo AC1C2 aplicando el teorema del coseno:
⇒−+= º25cos·08,1529·56,1056·208,152956,1056 222acbleL
.26,725 mLcable =⇒
PROYECTO DE INVESTIGACIÓN de la página 131
La distancia al horizonte
a) Para un observador que tenga los ojos a 1,80 m de altura, ¿sabrías calcular a qué distancia, d1, se encuentra su horizonte?
b) Intenta calcular la distancia anterior si nos desplazamos sobre la Tierra (distancia d2). ¿Crees que el resultado obtenido variará mucho respecto al anterior? ¿Por qué?
c) Encuentra y representa las funciones que relacionan la distancia al horizonte, d1 o d2, en función de la altura, h, del observador.
d) ¿A qué altura deberíamos subir para ver el horizonte a 50 kilómetros?
e) Suponiendo que desde el Everest no hubiera ninguna nube cubriendo la Tierra, calcula la superficie total del planeta que se podría divisar desde esa montaña.
Investiga y calcula la superficie del casquete esférico que puede verse desde un avión que vuela por encima de 10 000 metros.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
45
a) La distancia que buscamos es d1 = OH, como puede verse en la figura.
El triángulo OHC es rectángulo en H ya que el radio y la tangente en H son perpendiculares.
Aplicando el teorema de Pitágoras y operando, obtenemos:
⇒+=++⇒+=+ 21
22221
22 2)( dRRhhRdRhR
RhdRhhddRhh 222 12
12
12 ≈⇒+=⇒=+⇒
En la expresión final no se ha tenido en cuenta h2, ya que su valor será prácticamente nulo comparado con el valor de 2Rh.
Para el caso de una persona que tenga los ojos a h = 1,8 m = 0,0018 km del suelo y dado que el radio de la Tierra es R = 6371 km, tenemos:
.789,40018,0·6371·2 kmd ≈≈
b) En este caso hay que calcular la distancia d2, correspondiente al arco de círculo PH.
En el triángulo OHC podemos calcular: hR
RhR
R+
=⇒+
= arccoscos αα
En el triángulo curvilíneo PHC tenemos en cuenta la relación “arco = radio · ángulo” y obtenemos:
hRRRd+
= arccos·2
Para h = 1,8 m = 0,0018 km, obtenemos:
.789,40018,06371
6371arccos·63712 kmd ≈+
=
El resultado es prácticamente igual al obtenido con anterioridad. Esto es debido a que R y R + h tienen valores muy próximos y, por tanto, el ángulo es muy pequeño.
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
46
c) En la gráfica pueden verse las gráficas de las funciones que relacionan la distancia al horizonte, tomando o no el término h2. Estas funciones son:
hhd ·6371·221 += y hD ·6371·2=
En la gráfica pueden verse las gráficas de las funciones de las distancias al horizonte:
hhd 6371·221 += y
+
=h
d6371
6371arccos·63712
Matemáticas I – UD 5: TRIGONOMETRÍA II SOLUCIONARIO
47
d) Debemos resolver la siguiente ecuación:
.1962,06371·2
2500·6371·250··250 2 kmhhhR ≈=⇒=⇒=
Tendríamos que subir a unos 200 m de altura.
e) Desde una altura h se puede ver un casquete esférico de altura R · (1 – cos α), donde
+
=hR
Rarccosα .
Teniendo en cuenta que el área de un casquete esférico viene dada por la fórmula A = 2πRh, tenemos:
+
−=⇒
+
−=hR
RRAhR
RRRA 1·2arccoscos1··2 2ππ
Tomando la altura del Everest h = 8848 m = 8,848 km, tenemos:
.696353848,86371
63711·63712 22 kmA ≈
+
−= π