Trabajo Final Lucas Garcia
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Ingeniería mecánica U.T.N. – F.R.B.B Mecánica Racional
Lucas Garcia 2010
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PROBLEMA 1: (Vibraciones; Cinemática y Cinética del cuerpo rígido)
La figura muestra esquemáticamente la estructura esencial de un
cierto tipo de indicador de giro aeronáutico.
Los resortes AC y BD de constante elástica m
NK 1,628.2 cada uno
están pretensados e imponen fuerzas verticales iguales en A y B,
manteniendo horizontal al eje AB mientras el avión viaja en
trayectoria recta. El disco posee una masa Kgm 4536,0 y se
considera delgado.
DETERMINAR:
1) ¿A cuántas revoluciones del disco el sistema entra en
resonancia?, frecuencia natural, período y amortiguamiento
crítico cC del sistema.
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DATOS: m
NKK BDAC 1,628.2
KgmDISCO 4536,0
Disco se considera delgado.
m
Kn
Kg
m
seg
mKg
n4536,0
2,256.52
seg
radn 646,107
En revoluciones por minuto rpmn 943,1027
Por lo tanto el sistema entra en resonancia cuando rpmnf 943,027.1
Frecuencia Natural:
2
nnf
2
646,107
seg
rad
fn
seg
radfn 132,17
Período:
n
T
2
seg
radT
646,107
2 segT 058,0
Amortiguamiento Crítico cC del sistema: mKCc 2
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nc mC 2
seg
radKgCc 646,1074536,02
seg
KgCc 656,97
2) En las condiciones del punto 1 ¿De qué amortiguamiento
(C ) deberá dotarse al sistema si se deseara disminuir la
amplitud de las oscilaciones libres a una razón de 3
1 por
ciclo? Calcular el decrecimiento logarítmico ( ) y la
frecuencia circular natural reducida ( ).
2
1ln2
Y
Y
T
mC
1
1
31
ln2
Y
Y
T
mC 3ln
2
T
mC (A)
Donde:
2T (B) ;
2
2
m
C
m
K (D)
Siendo T el pseudo período y la frecuencia circular natural reducida.
Reemplazando (A) en (D):
2
2
3ln)2(
m
T
m
m
K
23ln
Tm
K
De (B) obtengo que: T
2 (E), ahora reemplazando (E) en la última expresión queda:
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23ln2
Tm
K
T
223ln2
Tm
K
T
m
K
TT
22
3ln2
m
K
T
22
23ln2
1
m
KT
222 )3(ln)2(
m
KT
22 )3(ln)2(
)(4536,0
2,5256
)3(ln)2(
2
22
Kg
m
seg
mKg
T
segT 059,0
Obtenido el pseudo período y reemplazando en (A) se obtiene el amortiguamiento C :
3ln2
T
mC 3ln
)(059,0
)(4536,02
seg
KgC
seg
KgC 892,16
Decrecimiento logarítmico ( ):
Tm
C
Y
Y
2ln
2
1
segKg
seg
Kg
059,04536,02
892,16
3ln
098,1
Luego calculamos la frecuencia natural reducida ( ):
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T
2
)(059,0
2
seg
seg
rad494,106
3) En el esquema de la figura, si rpm000.101 , determinar
a) el ángulo que rotará la horquilla cuando el avión ejecuta
un giro horizontal hacia la derecha con un radio de m8,304 a
una velocidad de h
Km6,643 y
b) la energía cinética del disco.
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R GIRO = 304.8 (m)
VC
DATOS:
rpmDISCO 000.10 1 60
000.1021
seg
rad197,047.11
seg
rad0;197,047.1;01
seg
radiii )'(0)'(197,1047)'(0 3211
(Radio de giro del avión) mRG 8,304
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(Velocidad del avión) )(3600
)(1
)(1
)(10006,643
seg
h
Km
m
h
KmV
seg
mV 777,178
seg
miV )'(777,178 1
Ahora calculamos el valor que tiene 2 :
?2
Sabemos que: GRV 2
GR
V2
)(8,304
777,178
2m
seg
m
seg
rad586,02
seg
rad586,0;0;02
seg
radiii )'(586,0)'(0)'(0 3212
Cálculo del momento giroscópico:
12'2'21 IMo
Donde '2'2I (es el ZZI de la tabla) queda:
Rm2
1 2
DISCO'2'2 I (m) 0,05080,4536(Kg)2
1
2
'2'2 I
2
'2'2 000585,0 mKgI
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Reemplazando valores en la ecuación, obtenemos el valor del momento giroscopio:
seg
radiimKgMo )'(197,1047)'(586,0000585,0 23
2
1
2
2
1
2
1seg
rad '657,613m Kg0,000585 iMo
obteniendose como resultado:
mNiM o )'(358,0 11
Sabiendo que 21 RR FF y
2
1
2
1
KF
KF
R
R y haciendo sumatoria de momentos con
respecto al punto “o”, queda:
)(762,0)(762,0211 mFmFM RRo
reemplazando 21 RR FF :
)(762,0)(762,0111 mFmFM RRo
)(524,1)(358,01
mFmN R
de acá obtenemos el valor de la fuerza:
)(524,1
)(358,01 m
mNFR
)(234,0
1NFR
Sabemos que:
m
N
N
K
FKF
R
R
1,2628
)(234,0111
1
1
)(000089,01 m
Ahora hallamos el ángulo de giro
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)(762,0
)(000089,0
m
mtg ''' 09,2400
En radianes )(101679,1 4 Rad
Cálculo de la energía cinética del disco:
3
21
)(2
1
2
111
2
1
2
11
e
GoTo
e
To
e
oGo rVmIVme
Donde:
* El primer sumando, es la energía cinética de arrastre o de traslación y es la que tendría el sistema en el supuesto que toda la masa estuviera concentrada en el centro de reducción, siendo generada por la velocidad de este último, que en nuestro caso es la velocidad del avión.
* El segundo sumando, se le da el nombre de energía cinética relativa o de rotación y está originada por el movimiento relativo del disco respecto del centro de reducción.
* Finalmente, el tercer sumando recibe el nombre de fuerza viva compuesta y su valor depende del centro de reducción. Esta energía, en nuestro caso, es nula ya que se ha tomado como centro de reducción al baricentro G del sistema.
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Calculamos 1e :
2
1
2
11 777,1784536,02
1
2
1
seg
mKgeVme o
)(803,72481 Joulese
seg
rad
seg
rad
tgtg
197,1047
586,0
1
2
``42,551̀0
Donde 1oI = ''2''2I (girado un ángulo ) mnjnimij ICCI `
'3'32323'2'32223'1'32123'3'22322'2'22222
'1'22122'3'12321'2'12221'1'12121''2''2o1I
ICCICCICCICCICC
ICCICCICCICCI
'1'3
'1'2
'1'1
I
I
I
'2'3
'2'2
'2'1
I
I
I
'3'3
'3'2
'3'1
I
I
I
=
0
0
'1'1I
0
0
'2'2I
'3'3
0
0
I
De tabla obtengo
2
'2'2
2
'3'3'1'1
2
1
4
1
DISCO
DISCO
RmI
RmII
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Pero nosotros necesitamos el momento de inercia respecto del eje de giro instantáneo 1oI
1oI = ''2''2I = '3'32323'2'22222'1'12121 ICCICCICC
Donde C son los cósenos directores:
Sentido antihorario:
000559,0)90cos(
999,0cos
090cos
2323
2222
2121
CC
CC
CC
Obtenidos los cósenos directores puedo calcular 1oI :
22
2222
1
)(0508,0)(4536,04
1)000559,0(
)(508,0)(4536,02
1)999,0(
4
1)0(
mKg
mKgRmI DISCOo
)(0005841,0 2
1 mKgI o
Ahora calculamos 2e :
2
122
1ToIe 22
21
2
12 (2
1 oIe
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)(2
12
21
2
12 oIe
2
2222
2 )586,0()197,1047()(0005841,02
1
seg
radmKge
)(268,3202 Joulese
Por lo tanto la energía cinética total del sistema será:
Jouleseeee 268,320803,724821
)(071,7569 Joulese
4) Encontrar el invariante vectorial, escalar y el tipo de
movimiento para las condiciones del punto 3. Expresar la
velocidad y aceleración de un punto P genérico del disco
utilizando los métodos de movimiento relativo y movimiento
absoluto para comparar resultado. Hallar la aceleración
angular del disco.
Invariante vectorial:
El vector rotación T es la resultante de todas las rotaciones que afectan al sistema y esa
resultante será la misma cualquiera sea el centro de reducción adoptado; por esta razón se lo
suele llamar “invariante vectorial del sistema”.
n
i
iT
1
21 T
seg
radiiiT '586,0'197,047.1'0 321
Invariante escalar:
Los vectores velocidad de un sistema material rígido proyectados en un determinado instante
sobre la dirección del vector rotación, son una constante que recibe el nombre de “invariante
escalar”, y viene dado por:
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ˆ1 oV
Si
ainstantáneRotación de Mov.
Rotación) de eje del punto es 1 (Rotación de Mov.00
1
1
oT
o
V
oV
En nuestro caso 0 debido a que las rotaciones son concurrentes, por lo tanto tenemos
como resultado un movimiento de rotación instantánea.
Los invariantes vectorial y escalar son de gran importancia ya que nos definen el tipo de movimiento.
Cálculo de la velocidad y aceleración de P:
POR EL METODO ABSOLUTO:
Utilizamos la forma impropia de la ley de distribución de velocidades, la cual viene dada por la siguiente expresión:
poTop rVV 11 siendo:
P. a o1 desdeposición Vector =
. vectorialInvariante =
reducción. de centro del Veloc.
P. pto. del Veloc.
1
1
po
T
o
p
r
V
V
en este caso 1oV es la velocidad del avión
seg
miVo )'(777,178 11
seg
radiiiTT '586,0'197,047.1'0 32121
'cos'0' 3211 iRiisenRr DISCODISCOpo
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seg
miiseniir poT 'cos0508,0'0508,0'586,0'197,047.1 31321
seg
misenisenir poT '197,53'029768,0'cos197,53 3211
seg
miseniseniVp '197,53'029768,0'cos197,53777,178 321
ahora calculamos la aceleración de P utilizando la forma impropia de la ley de distribución de
aceleraciones, la cual viene dada por la siguiente expresión:
poTTpoDISCOop rraa 111
siendo:
. vectorialInvariante
P. a o1 desdeposición Vector
disco. delangular n Aceleració
reducción. de centro deln Aceleració
P. pto. deln Aceleració
1
1
T
po
DISCO
o
p
r
a
a
Calculo de 1oa :
m
seg
m
aR
Va o
G
o
o8,304
777,1782
22
1
2
1
1
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21 859,104seg
mao
221 '859,104seg
miao
Calculo de la aceleración angular del disco:
dt
d TDISCO
dt
dDISCO
21
dt
id
dt
idDISCO
'' 3221
dt
idi
dt
d
dt
idi
dt
dDISCO
''
'' 3
2322
121
dt
idDISCO
'21
Aplicando las fórmulas de Poisson:
'
'22
2 idt
id
seg
radii
dt
id'1'586,0
'23
2
seg
radiii
dt
id'0'0'586,0
'321
2
seg
radiiiDISCO '0'0'586,0 3211
seg
radiii
seg
radDISCO '0'0'586,0197,047.1 321
21 '657,613seg
radiDISCO
Obtenida DISCO , calculamos:
2311 'cos0508,0'0508,0'657,613
seg
miiseniropDISCO
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2321 '0'cos173,31'0
seg
miiiropDISCO
siguiendo con los cálculos,
seg
miiseniir poT 'cos0508,0'0508,0'586,0'197,047.1 31321
seg
miisenir poT '197,53'029768,0'cos197,53 3211
luego
2321321 '197,53'029768,0'cos197,53'586,0'197,047.1
seg
miiseniiir poTT
23211 'cos738,707.55'cos173,31'756,707.55
seg
miiisenr poTT
Reemplazando todos los resultados anteriormente obtenidos en la ecuación de la ley de
distribución de aceleraciones hallamos pa :
'0'cos173,31'0'859,104 3212 iiiiap
2321 'cos738,707.55'cos173,31'756,707.55
seg
miiisen
2321 'cos738,707.55'cos346,62859,104'756,707.55
seg
miiisena p
POR EL METODO RELATIVO:
En este caso la velocidad de P viene dada por la siguiente expresión:
parrprelp VVV ..
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Siendo:
.“arrastra” lo ternala que
a debido cuerpo el tieneque la esy arrastre de velocidadla es
quieta. esta móvil
ternala que como tomase decir, es ,únicamente con girando
esta disco el que suponiendo saca sey relativa velocidadla es
.
1
.
parr
prel
V
V
poprel rV 11.
seg
miiseniV prel 'cos0508,0'0508,0'197,047.1 312.
seg
miseniiV prel '197.53'0'cos197,53 321.
Ahora para calcular la parrV . nuevamente utilizamos la forma impropia de la ley de distribución
de velocidades:
pooparr rVV 121.
Donde 1oV es la velocidad del avión
seg
miVo )'(777,178 11
seg
miisenir po 'cos0508,0'0508,0'586,0 31312
seg
miisenir po '0'029768,0'0 32112
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seg
miiseniV parr '0'029768,0'777,178 321.
Luego
parrprelp VVV ..
seg
miiseniiseniiVp '0'029768,0'777,178'197.53'0'cos197,53 321321
seg
miseniseniVp '197.53'029768,0'cos197,53777,178 321
Como se puede apreciar, los resultados obtenidos por el método absoluto son iguales a los
obtenidos por el método relativo.
Para el cálculo de la aceleración utilizamos la siguiente expresión:
pcomparrprelp aaaa ...
Siendo:
.1en origen con ambos ,giratorios
',',',0 otros dey giratorios no ,,,0 ejes
unos departir a calculado fuera si como P den aceleracioen
diferencia la representay movil ternala derotacion lapor
aparece Coriolis, de o ariacomplementn aceleracio la es
. movil ternalapor arrastrado fuese este si como P pto. del
naceleracio la decir, es P, de arrastre den aceleracio la es
quieta. estuviese movil ternala si como P de
n aceleracio la decir, es P, de relativan aceleracio la es
321321
.
.
.
o
iiiiii
a
a
a
pcom
parr
prel
De la expresión anterior tenemos que:
poporeloprel rraa 11111..1.
Donde:
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11111..1 ooooorelo rraa
Pero como el punto 1o es el centro de reducción 0..1 reloa y 01 ya que .1 cte
De esta manera la prela . queda:
poprel ra 111.
seg
miisenir po 'cos0508,0'0508,0'197,047.1 31211
seg
miseniir po '197,53'0'cos197,53 32111
23212. '197,53'0'cos197,53'197,047.1
seg
miseniiia prel
2321. 'cos738,707.55'0'738,707.55
seg
miiisena prel
popooparr rraa 122121.
Donde 02 y 1oa se calcula de la siguiente manera:
m
seg
m
aR
Va o
G
o
o8,304
777,1782
22
1
2
1
1
21 859,104seg
mao
221 '859,104seg
miao
seg
miisenir po 'cos0508,0'0508,0'586,0 31312
seg
miisenir po '0'029768,0'0 32112
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2232. '029768,0'586,0'859,104
seg
miseniia parr
2321. '0'859,104'017444,0
seg
miiisena parr
prelpcom Va .2. 2
2313. '197,53'cos197,53'586,02
seg
miseniia pcom
2321. '0'cos346,62'0
seg
miiia pcom
Ahora sumando las tres aceleraciones obtenidas:
pcomparrprelp aaaa ...
2321 'cos738,707.55'0'738,707.55
seg
miiisenap
2321 '0'859,104'017444,0
seg
miiisen
2321 '0'cos346,62'0
seg
miii
Ordenando:
2321 'cos738,707.55'cos346,62859,104'755,707.55
seg
miiisena p
Nuevamente se puede apreciar que los resultados obtenidos por el método absoluto son
iguales a los obtenidos por el método relativo.
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PROBLEMA 2: (Teoría especial de la relatividad)
En un marco de referencia inercial S , se hacen las siguientes
observaciones:
1) En el origen, el ingeniero de producción entrega a un tornero el
plano de una pieza muy complicada para ser torneada, momento en
el que activa su cronómetro.
2) 10 segundos más tarde, el tornero requiere una instrucción,
en )(109 8 mx .
El gerente de producción observa los acontecimientos desde el origen
de otro marco de referencia inercial S , que se desplaza a una
velocidad de c98,0 .
CALCULAR:
a) El factor relativista .
b) Las coordenadas de los dos sucesos es S .
c) Las coordenadas de espacio y tiempo de estos sucesos en el
marco del gerente.
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Cálculo del factor relativista :
2
2
1
1
c
v
2
2298,01
1
c
c
025,5
Las coordenadas de los dos sucesos en el marco S serán:
mxsegt
xt
8109,10 :2 Suceso el Para
0,0 :1 Suceso el Para
Para saber las coordenadas de los sucesos en S se utilizan las leyes de transformación de
Lorentz, en las cuales reemplazo los valores correspondientes al marco S :
Lorentz deción Transforma
2
c
vxtt
vtxx
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Para el Suceso 1, reemplazamos en las ecuaciones anteriores 0,0 xt
sabemos que cv 98,0 , donde
km
m
seg
kmc
1
1000000.300
seg
mc 8103
vtxx
010398,00025,5 8
seg
mx
0x
2c
vxtt
2
8
8
103
010398,0
0025,5
seg
m
seg
m
t
0t
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Para el Suceso 2, reemplazamos en las ecuaciones de Lorentz segt 10 , mx 8109
vtxx
seg
seg
mmx 1010398,0109025,5 88
mx 10100251,1
2c
vxtt
2
8
88
103
10910398,0
10025,5
seg
m
mseg
m
segt
segt 4765,35
Software utilizados
Microsoft Office Word 2003.
AutoCad 2006
Microsoft Paint.
Bibliografía
Monografía de la cátedra, Mecánica Racional, Prof. Dr. Ing. Liberto Ercoli, 2006.