REGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELECTRICOS
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
TEMA 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS INTRODUCCIN
Periodo transitorio o transitorio: es el tiempo que transcurre entre dos
situaciones estacionarias, durante el cual las variables elctricas varan con el tiempo
de forma no peridica.
ECUACIN DIFERENCIAL COMPLETA
El anlisis de un fenmeno transitorio consiste en plantear y resolver la E. D,
obtenida al aplicar al circuito las Leyes de Kirchhoff.
dtx(t) d + ax(t) = f(t) (1)
x(t) es una funcin del tiempo; a es un coeficiente constante; y f(t), en
general es una funcin del tiempo.
Si x(t) = xf (t) es una solucin de la E. D. completa (1).
dtx(t) d + ax(t) = 0 (2)
Si x(t) = xn (t) es una solucin a la ecuacin homognea (2)
La solucin general x(t) de la E. D. completa (1), es:
x(t) = xf (t) + xn (t)
xn (t) se llama solucin complementaria o transitoria. Es la respuesta natural,
propia o libre del circuito.
xf (t) se llama solucin particular. Es la respuesta permanente o forzada.
xf (t) y xn (t), cumplen las ecuaciones (1) y (2) respectivamente.
dt(t) xd f + axf (t) = f(t) (3)
dt(t) xd n + axn (t) = 0 (4)
Pilar R. Matilla y Jos R. Sanz / Electrotecnia / Dpto. Ingeniera Elctrica / E.I.I. de Valladolid / Universidad de Valladolid 1
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
La solucin general de la E. D. consta de dos partes que se obtienen resolviendo
las ecuaciones (3) y (4).
Caso 1: f(t) es una constante igual a b; f(t) = b
Sustituimos en (3): dt
(t) xd f + axf (t) = b (5)
Si f(t) es una constante, xf (t) ser constante. xf (t) = K1
Sustituyendo en (5), obtenemos: K1 ab
=
Si f(t) no es una constante.
dt(t) xd f + axf (t) = f (t) (3)
La respuesta particular o forzada xf (t) es una combinacin lineal de la
funcin f(t) y de todas sus derivadas no nulas.
Si f(t) es una F. senoidal, xf (t) ser una F. senoidal.
Si f(t) es una F. potencial, xf (t) ser una F. potencial.
Si f(t) es una F. exponencial, xf (t) ser una F. exponencial.
Vamos a resolver la E. D. homognea (4).
=dt
(t) xd n axn (t) =)t(x(t) xd
n
n ad(t)
( ) = (t) da)t( xd)t(x 1 n n ln xn (t) = at + c
c es la constante de integracin
xn (t) = e ( a t + c) = e a t ec = Ae a t
La solucin de la E. D. (1) es:
x(t) = xf (t) + xn (t) = K1 + Ae a t
La constante A se determina de las C. I.
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
Condensador
ic (t) = C dt(t)dvc vc (t)
=t
c dt (t)iC1
Wc (t) 21
= Cvc2(t) La tensin en el condensador vc (t) no puede cambiar instantneamente.
Autoinduccin
vL(t) = L dtdiL iL(t) =
t
dt)t(vL1
WL (t) 21
= LiL2 (t) La corriente en la bobina iL (t) no puede variar instantneamente.
CIRCUITO SERIE RC CON FUENTE DE TENSIN CONSTANTE
Transitorio de carga
V = vR (t) + vC (t) = Ri(t) + vC (t)
i(t) = ic (t) = C dt(t) vd C
V = RCdt
(t) vd C + vc (t)
RCV)t(v
RC1
dt(t)v d
CC =+
vc (t) = vf (t) + vn (t)
vf (t) = cte 0dt)t( vd f = ; vf (t) = RC /1
RC /V = V
ic (t) C
+ vc (t)
iL (t) L
+ vL (t)
Fig. 1
C
0
V
R
1 2
Fig. 2
C V
R
+ +
i(t)
vC(t)
1 vR(t)
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
t CR
1
n eA(t)v
=
vc (t) = vf (t) + vn (t) = V + t
CR 1
eA
vc (0) = vc (0+) = 0 = V + = 0
CR 1
eA V + A A = V
vc (t) = V
t CR 1
e-1 = V
t
e-1
= RC = constante de tiempo = F (s/) s
t 0 vc (t) = 0
vc (t = ) = [ ]=1 - e-1 V 0632 V
vc (t = 5) = 099 V La intensidad en el condensador es:
ic (t) =C dt(t) vd C = CV
tC R
1 e
RC1- -
t CR
1 e
RV
=
< t < 0 ic (t) = 0
t = 0 ic (t) RV
e1
RV
0 ==
ic (t = ) == 1 eRV
RV368'0
Energa suministrada por la fuente:
==
dt)t(iv(t)W0
F =
dt.eRVV
t C R
1
0=
dte
RC1)RC(
RV
0
tC R
1 2
t 5
Fig. 3
vc (t)
063V 099V
V )e1(V)t(vRC
t
c
=
t Fig. 4
ic (t) =t
RC1
eRV
ic (t)
5
036
RV
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
0
tC R
1 2 eVC =
=
02
e1
e1VC CV2
Energa disipada en la resistencia:
==
dt)t(iRW 20
R =
0
tC R
2
2
2
dteRVR =
0
tC R
2 2
dte RC2
2RC
RV
=
02
R e1
e1VC
21W
21
= CV2
Energa almacenada en el condensador:
WC = WF WR 22 VC 21VC =
21
= CV2
CIRCUITO RC TRANSITORIO DE DESCARGA EN C. C.
C. I : ic (t) = 0 ; vc (t) = V
2 Ley de Kirchhoff Fig 2:
0 = vR (t) + vc (t) = Ri(t) + vc (t) = RC dt(t) vd C + vc (t)
0RC
)t(vdt
)t(v d CC =+ vc (t) = vn (t) t
C R1
eA
=
vc (0 ) = vC (0 + ) = V 0
C R1
eA
= V = A
vc (t) == t
CR 1
eV t
eV
; = RC
t 0 : vc (t) = V
vc (t = ) = = 1 eV 0368 V
vc (t = 5) = = 5 eV 0007 V Fig. 3
t
tRC
c eV)t(v1
=
vC (t)
5
036V
V
Fig. 2
C
+
vC(t)
2
R
+
i(t)
vR(t)
Fig. 1
2 C V
R
+
i(t)
vC(t)
1
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
ic (t) = C = dt)t( vd C t C R
1 t C R
1 e
RVe
C R1 VC
=
t < 0 ic (t) = 0
ic (t = 0 + ) RV
e1
RV
0 ==
ic (t = ) == 1 eRV
RV368'0
ic (t = 5) == 5 eRV
RV007'0
Energa almacenada en el condensador:
Wc (t) = 12
CvC2(0) 21
= CV2
Energa disipada en la resistencia:
= =
0
2R d(t)(t)iRW =
0
tC R22
d(t)e RVR =
0
tC R22
d(t)e C R
2 2C R
RV
==
0
tC R 2 2 e V C
21 ( )10 VC
21
21
= CV2
CIRCUITO SERIE RL CON FUENTE DE TENSIN CONSTANTE
Transitorio de carga.
V = vR (t) + vL (t) = Ri(t) + dt)t(i d L
LV)t(i
LR
dt)t(i d
=+
i(t) = if (t) + in (t)
Fig. 4 t
ic (t)
RV
RCt
c eRV)t(i
=
Fig. 1
0
V L
R
1 2
Fig. 2
V L
R
+ +
i(t)
vL(t)
1 vR(t)
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
if (t) = cte; =dt)t(i d f 0 e if (t) = R
V / LR / LV
=
in (t)t
LR
eA
=
i(t) = if (t) + in (t) t
LR
eARV
+=
Condiciones iniciales: i(0 ) = i(0 +) ; t = 0 i(0) = 0
i(0) = 0 0e1A
RV
+= A RV
=
i(t)
=
= t t
LR
e-1 RVe-1
RV
==RL constante de tiempo
=sH s
t = , i(t = ) [ ]== 1 e1 RV
RV 632'0
t = 5, i(t = 5) [ ]== 5 e1 RV
RV 99'0
La d.d.p. en la resistencia es:
vR (t) = R i(t)
=
tLR
e-1 V
La d.d.p. en la bobina es:
vL (t) = L =dt)t(i d
=
t LR
e RV
LR L
t LR
eV
Fig. 3
i (t)
t 5
063V / R 099V / R
V / R
Fig. 4 t
5
063V 099V
V vR (t)
VL (t)
v (t)
036V 0007V
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
Transitorio de descarga.
Condiciones Iniciales:
iL (t) = RV ; vL (t) = 0
0 = vR (t) + vL (t) = R i(t) + dt)t(i d L ( ) 0ti
LR
dt)t(i d
=+
i(t) = in (t) t
LR
eA
=
i (0 ) = i (0 +) , t = 0 i (t = 0) 0e1A
RV
== RVA =
t LR
e RV)t( i
=
t = , i(t = ) = 0368 RV
t = 5, i(t = 5) = 0007 RV
La d.d.p. en la R y en la L es:
vR (t) = R i(t)t
LR
eV
=
vL (t) = L dt)t(i d t L
R eV
=
Fig. 6
V / R
i(t)
t 5
036 V / R
0007 V / R
Fig. 7
t
036V
V
vR (t)
VL (t)
v (t)
036V
V
Fig. 1
0
V L
R
1 2
Fig. 2
V L
R
+ +
i(t)
vL(t)
1 vR(t)
Fig. 3
2
L
R
+ +
i(t)
vL(t)
vR(t)
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
Energa almacenada en la bobina:
WL (t) = 21 LiL2 (t) )0t(iL 2
1)0t(W 2L ===
Potencia disipada en la resistencia:
pR (t) = R i2 (t) =
=
2
tLR
e RV R =
tLR 2
2
2
e RVR
tLR 22
e RV
Energa disipada en la resistencia:
= =
0RR d(t)(t)pW =
0
tL
R 22
d(t)eRV =
)t(de LR 2
R 2L
RV t L
R 2
0
2
=
0
tL
R 2
2
2
e RV L
21
=
02
2
e1
e1
RVL
21 0)(tiL
21 2 == = WL (t = 0 )
TRANSITORIOS EN CIRCUITOS DE SEGUNDO ORDEN
Se denominan circuitos de segundo orden, aquellos cuyo perodo transitorio
tiene una ecuacin diferencial de segundo orden.
ECUACIN DIFERENCIAL COMPLETA
2
2
dt)t(x d + 2
dt)t(x d + n2x(t) = f(t) (1)
x(t) = funcin del tiempo.
f(t) = trmino independiente (en el caso ms general, es funcin del tiempo).
y n son coeficientes constantes.
= coeficiente de amortiguamiento.
n = frecuencia natural o pulsacin natural no amortiguada.
Si x(t) = xf (t) es una solucin de la ecuacin diferencial completa (1) y si x(t)
= xn (t) es una solucin a la ecuacin homognea (2)
2
2
dt)t(x d + 2
dt)t(x d + n2x(t) = 0 (2)
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
La solucin general x(t) de la E. D. completa es:
x(t) = xf (t) + xn (t)
xn (t) = solucin complementaria o transitoria, es la respuesta libre, propia o
natural, del circuito.
xf (t) = solucin particular, o respuesta permanente o forzada; (depende de la
fuente particular utilizada).
xf (t) es una combinacin lineal de f(t) y de todas sus derivadas no nulas.
Vamos a resolver la ecuacin diferencial homognea, si xn (t) es solucin tiene
que cumplir la ecuacin.
d xdt
2n2
( )t + 2 d xdt
n ( )t + n2xn (t) = 0
Si Ae s t es solucin tiene que verificar la ecuacin.
xn (t) = Ae s t ; d x
dtn ( )t =A se s t ; d x
dt
2n2
( )t =A s2 e s t
Sustituyendo estas expresiones en la E. D.
s2Ae s t + 2 sAe s t + n2Ae s t = 0
Dividiendo por Ae s t obtenemos la ecuacin caracterstica:
s2 + 2 s + n2 = 0
La solucin es:
=
=2
4 4 2s
2n
22n
2
2n
21s =
2n
22s +=
Si t s1 1 eA y t s
22 eA son soluciones de la E. D. su suma lo es.
La solucin general de la E. D. H. es:
x(t) t st s eA eA 21 21 +=
A1 y A2 constantes, se determinan con las condiciones iniciales:
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
1.- x (0+) 2.- dt
)0(dxdt
)t(dx0t
=+=
S1 y S2 pueden ser reales o imaginarias.
1 2 > n2 S1 y S2 son reales caso Sobreamortiguado
2 2 < n2 S1 y S2 son complejas caso Subamortiguado
3 2 = n2 S1 = S2 = Crticamente amortiguado
1 Caso Sobreamortiguado
2 > n2
=== 12n
21 s real
==+= 22n
22 s real
La solucin de la E. D. es una combinacin de exponenciales
x(t) t t eAeA 21 21 +=
2 Caso Subamortiguado
2 < n2
La solucin de la E. caracterstica: s2 + 2 s + n2 = 0
==== 2d22
n2n
21 )( s j d
22n
2d =
n = frecuencia natural
= coeficiente de amortiguamiento.
d = frecuencia de amortiguamiento
t
x(t)
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
La solucin general: x(t) t s2t s
121 eA eA +=
x(t) =+= + t ) j (2t ) j (
1dd eA eA ( )t j 2t j 1t dd eAeAe +
Formulas de Euler:
e j = cos + j sen ; e j = cos j sen
x(t) [ ]=++= )t sen jt (cosA)t sen jt (cosAe dd2dd1t
( ) ( )[ ]=++= t sen AA jt cosAAe d12d21t [ ] t sen Bt cosBe d2d1t +
Con las condiciones iniciales determinamos B1 y B2
3 Caso Crticamente amortiguado
2 = n2 S1 = S2 =
x(t) t s2t s
121 eA eA += t 2
t 1 eA eA
+= ( ) t 21 eAA += t eA =
No es solucin de la E. D. (No es posible satisfacer las dos condiciones. iniciales. con
una sola constante).
En la E. D. homognea hacemos n2 = 2
d xdt
2
2
( )t + 2 d xdt
( )t + n2x(t) = 0
d xdt
2
2
( )t + 2 d xdt
( )t + 2x(t) = 0
La desglosamos, para poder transformarla:
d xdt
2
2
( )t + d xdt
( )t + d xdt
( )t + 2x(t) = 0
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
Sacamos factor comn a dt
d y a :
+ x(t)
dt)t(x d
dt d 0x(t)
dt)t(x d =
++
Llamamos:
f(t) = dt
)t(x d + x(t) (E. D. de 1 orden) dt
)t(f d + f(t) = 0 f(t) = A1e t
dt)t(x d + x(t) = A1e t despejamos A1
e tdt
)t(x d + x(t) e t = A1 Esta expresin es la derivada de e tx(t) respecto de t.
[ ]dt
)t(xe d t = A1 la integramos para obtener x(t) [ ]
= )t(dA)t(d
dt)t(xe d
1
t
e tx(t) = A1 t + A2
x(t) = (A1 t + A2)e t A1 y A2 se calculan a partir de las condiciones iniciales.
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
RESPUESTA NATURAL DE UN CIRCUITO RLC SERIE El circuito est excitado por la energa almacenada inicialmente en la bobina y en el condensador. sta se representa por la corriente inicial de la bobina Io y la tensin inicial Vo del condensador en t = 0.
vc (0) 0t Vdt iC1 == (1) iL (0) = I0 (2) Aplicando la 2 Ley de Kirchhoff (LKT):
vR + vL + vC =0; 0idtC1
dti dLiR
t
=++
(3) Derivamos respecto a t y reordenamos:
0iLC1
dti d
LR
dtid2
2
=++ (4) La ecuacin equivalente a esta, expresada en funcin de vc: dtv dCi Cc =
Llevndola a la (3) y reordenando: 0vdt
dvRCdt vdLC cc2
c2
=++ 0v
LC1
dtdv
LR
dt vd
cc
2c
2
=++ (5)
Su ecuacin caracterstica: s2 + 2 s + n2 = 0
Los dos valores de s son:
2n
21s =
2n
22s +=
Siendo y n: L 2R
= ; LC1
n =
La solucin general de la ecuacin (4) es: i(t) t s2t s
121 eA eA +=
I0
Fig. 1
C
L R
+
V0 i
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
A1 y A2 son constantes que se determinan con las condiciones iniciales:
1.- i(0+); 2.- +=
+
0tdt)0(di
El primer trmino i(0+) lo obtenemos de la expresin (2). El 2 trmino se
obtiene combinado las ecuaciones (1) y (3)
0Vdt
)i(0 dL)i(0R 0 =+++
+ ; ( )00 IRVL1
dt)0(i d
+=
1 Caso Sobreamortiguado ( > n) cuando 2R L4C >
=== 12n
21 s real y negativo
==+= 22n
22 s real y negativo La solucin de la ecuacin es: t 2t 1 21 eAeA)t(i +=
2 Caso crticamente amortiguado ( = n) cuando 2RL4C =
S1 = S2 L2R
== La solucin de la ecuacin es: i(t) = (A1 t + A2)e t
3 Caso subamortiguado ( < n) cuando C < 2RL4
La solucin de la ecuacin es: i(t) [ ] t sen At cosAe d2d1t +=
Siendo d = frecuencia de amortiguamiento; 22nd =
A1 y A2 en cada caso se determinan con las condiciones iniciales:
1.- i(0+); 2.- +=0tdt
)0(di Obtenida iL (t), es posible encontrar vR = Ri(t) y dtdiLvL = Pilar R. Matilla y Jos R. Sanz / Electrotecnia / Dpto. Ingeniera Elctrica / E.I.I. de Valladolid / Universidad de Valladolid 15
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
RESPUESTA NATURAL DE UN CIRCUITO RLC PARALELO En t = 0, la corriente inicial en la L es Io y la tensin inicial en el condensador es Vo. i(0) = I0
=t
dt )t(vL1 (1)
v(0) = V0 (2) Aplicando la 1 L. K (LKI): iR + iL + ic = 0;
=++t
0dtdvCdt )t(v
L1
Rv (3) Derivamos respecto a t y reordenamos
0vLC1
dt vd
RC1
dtvd2
2
=++ (4) Su ecuacin caracterstica es: s2 + 2 s + n2 = 0 Los valores de s son:
2n
21s = 2n22s += Siendo y n:
RC 21
= ; LC1
n = La solucin general de la ecuacin (4) es: v(t) t s2t s1 21 eA eA += A1 y A2 son constantes que se determinan con las condiciones iniciales: 1.- v(0+); 2.- +=
+
0tdt)0(dv
Dependiendo de los valores de y n hay tres posibles soluciones 1 Caso Sobreamortiguado ( > n) Si > n, cuando L > 4 R2 C. Las races son reales y negativas
12n
21s ==
22n
22s =+= La solucin de la ecuacin es:
v
I0
ic
C
iR
L V0
+ R
iL
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
t 2
t 1
21 eAeA)t(v +=
2 Caso crticamente amortiguado ( = n)
Para = n; L = 4 R2 C. Las races son reales e iguales y la respuesta es:
v(t) = (A1 t + A2)e t
3 Caso subamortiguado ( < n)
Cuando < n; L < 4 R2 C. En este caso las races son complejas.
s1,2 = j d
donde 22nd =
Siendo d = frecuencia de amortiguamiento. La respuesta es: v(t) [ ] t sen At cosAe d2d1t += A1 y A2 en cada caso se determinan a partir de las condiciones iniciales.
1.- v(0+) 2.- dt
)0(dv +
El primer termino v(0+) lo obtenemos de la expresin (2). El 2 trmino se
obtiene combinado las ecuaciones (1) y (3)
0)t(d
)0(dvCIRV
00 =++
+
( )
CRIRV
dt)0(v d 00
+
= Obtenida vc (t) en el condensador, es posible encontrar iR = v/R, e ic = C dv/dt.
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
RESPUESTA DE UN CIRCUITO RLC SERIE A UN ESCALN
Las condiciones iniciales son, Fig. 1: iL (0) y vC (0+). Aplicando la 2 Ley de Kirchhoff (LKT) para t > 0, Fig. 2:
vR + vL + vC = Vs; sVvdti dLiR =++ (1) como
dtdvCic = Sustituimos i en (1) y reordenamos:
LCVv
LC1
dtdv
LR
dtvd s2
2
=++ (2) La solucin de la ecuacin (2) es: v(t) = vn (t) + vf (t) La respuesta natural vn (t) es la solucin cuando hacemos Vs = 0 en la ecuacin (2). Las respuestas naturales para los distintos casos son:
t 2
t 1n
21 eAeA)t(v += sobreamortiguado (3 a) vn (t) [ ]t sen A t cosAe d2d1t += subamortiguado (3 b) vn (t) = (A1 t + A2)e t crticamente amortiguado (3 c) La respuesta forzada vf (t) es el estado estable o valor final de v(t).
vf (t) = vc () = Vs
Las soluciones completas son:
t 2
t 1s
21 eAeAV)t(v ++= sobreamortiguado (4 a) v(t) [ ]t sen At cosAeV d2d1t s ++= subamortiguado (4 b)
Fig. 1
t=0
Vs C
L R
+
v
i
Vs
Fig. 2
t=0
C
L R
+
v
i
I = 0
Fig. 3
Vs
L R
+
Vc
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
v(t) = Vs + (A1 t + A2)e t crticamente amortiguado (4 c) A1 y A2 se determinan de las condiciones iniciales:
1.- v(0+) 2.- dt
)0(dv + Con vc (t) es posible obtener ic = C dv/dt, vR = Ri(t), y vL = L di/dt.
RESPUESTA DE UN CIRCUITO RLC PARALELO A UN ESCALN Determinar iL para t > 0. Las condiciones iniciales son, Fig. 2: iL (0) = y vC (0). Aplicando la 1 LK (LKC). iR + iL + ic = Is; sIdtdvCiRv =++ (1) como vL dtdiL= Sustituyendo vL en (1) y reordenando
LCIi
LC1
dti d
RC1
dtid s2
2
=++ (2) La solucin de la ecuacin (2) es: i(t) = in (t) + if (t) La respuesta natural in (t) es la solucin cuando hacemos Is = 0 en (2). La respuesta forzada if (t) es el estado estable o el valor final de i(t), Fig.3:
if (t) = iL () = Is
Las soluciones completas son:
t 2
t 1s
21 eAeAI)t(i ++= sobreamortiguado (4 a) i(t) [ ] t sen At cosAeI d2d1t s ++= subamortiguado (4 b)
t=0
v
Is
ic
C
iR
L vc
+ R
iL
Fig. 1
t = 0 Is Is
Fig. 2
t = Is IL
Fig. 3
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Trasparencias. E Tema 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOS
i(t) = Is + (A1 t + A2)e t crticamente amortiguado (4 c) A1 y A2 se determinan de las condiciones iniciales: 1.- i(0+) 2.- dt
)0(di + Obtenida iL (t), es posible obtener vL = L di/dt; iR = vL/R e ic = C dv/dt.
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TEMA 3 RGIMEN TRANSITORIO DE LOS CIRCUITOS ELCTRICOSINTRODUCCINECUACIN DIFERENCIAL COMPLETA
Caso 1: f(t) es una constante igual a b; f(t) = bSustituimos en (3): ( + a(xf (t) = b (5)Sustituyendo en (5), obtenemos: K1La solucin de la E. D. (1) es:CIRCUITO SERIE RC CON FUENTE DE TENSIN CONSTANTECIRCUITO RC TRANSITORIO DE DESCARGA EN C. C.CIRCUITO SERIE RL CON FUENTE DE TENSIN CONSTANTE