Fisica Mecanica Javier Vargas
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Física mecánica
1
Capítulo 1
Mediciones
La física es el arte de hacer aproximaciones
E. Rutherford
Introducción
Desde su origen, la especie humana ha necesitado de los números para, por ejemplo, contar
el ganado; medir la extensión de la tierra; comerciar con valores asignados a objetos como
monedas y muchas otras actividades. Tal necesidad de los números también acarrea la
necesidad de unas unidades en las cuales se mide cada una de las cosas que contamos,
medimos, negociamos, etc. Por ejemplo, los billetes pueden tener unidades de pesos, de
dólares u otro cualquiera; la tierra se puede medir en acres, hectáreas, Kilómetros
cuadrados, etc.; el tiempo en días, horas, etc. El tema de esta primera unidad temática es la
manipulación de las diferentes magnitudes que la física ha establecido para hacer todo tipo
de medidas que le sean útiles.
Todos los procesos que ocurren en la naturaleza obedecen a ciertas leyes que son
intrínsecas al universo mismo, las leyes de la física. A lo largo de la historia se han
descubierto muchas de esas leyes que describen con muy buena aproximación el
comportamiento del mundo que nos rodea, involucrando de paso la necesidad de un
sistema de unidades y el establecimiento de unos acuerdos entre todas las comunidades
científicas que se vean en la necesidad de usar dichas unidades, tales acuerdos se llaman
convenciones. También se han tratado de establecer unas convenciones que unifiquen los
sistemas de medida usados en cada país, en un solo sistema que adopten todos los países,
un sistema basado en una convención internacional. Dicha convención se estableció desde
1960 y agrupa a casi todos los países del mundo en el uso del llamado: Sistema
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Internacional de Pesos y Medidas, SI. Aunque también persiste el uso del Sistema Inglés,
gracias al desarrollo histórico de la industria inglesa.
Conceptos de medida y magnitud
Las leyes de la naturaleza se pueden descubrir o corroborar a través de la experimentación
y los métodos experimentales requieren de una manipulación de instrumentos de medida
que pueden introducir errores en las cantidades que se quieren medir, así como de unas
reglas matemáticas que permitan estimar cuanto se propagan estos errores al hacer
operaciones con cantidades que tengan asociadas sus respectivas incertidumbres o errores.
Medir con precisión ciertos datos que ayudan a describir el modo en que la naturaleza se
comporta permite establecer Leyes Físicas en forma más precisa.
Para realizar mediciones se requieren instrumentos que describan los resultados medidos,
según la cantidad que se desee medir, por ejemplo, si queremos medir la longitud del lado
de una baldosa, puede usarse una regla común y corriente, pero si se quiere medir el
espesor de una hoja de papel debe usarse un instrumento más preciso llamado tornillo
micrométrico.
El proceso de medir, consiste en comparar una propiedad o cantidad física con otra similar,
tomada como patrón o unidad de medida. Al medir se asigna un número a dicha propiedad
física, por ejemplo, cuando se usa una balanza de brazos como la que se ve en la figura 1.1,
la asignación del peso a un objeto se hace al compararlo con otro que hace las veces de
Figura 1.1 Balanza de brazos
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unidad o patrón y que está en el otro brazo de la balanza. Todo aquello que sea medible es
llamado una magnitud, ya que es cuantificable; cuando la cuantificación es objetiva, es
decir, cuando no depende del observador y todos coinciden en la medida, la magnitud se
denomina magnitud o cantidad física. Se puede cuantificar de manera objetiva el peso de
un objeto, el tiempo, la temperatura, longitudes, energía, etc.
Teoría de errores
El intervalo de medición de un instrumento es el número de líneas existentes entre dos
números consecutivos de la escala de medición del mismo. Lo que llamamos precisión del
instrumento es el mínimo valor que mide su escala, esta se puede observar directamente en
el instrumento o puede obtenerse al dividir la resta entre dos números consecutivos, entre
el intervalo de medición. Veamos un ejemplo: supongamos que tenemos una regla común
y corriente, entonces su precisión puede calcularse como sigue,
cmprecisión 1,010
0,140,15
La precisión para esta regla será el mínimo valor que mide la escala, es decir 0,1 cm ó
1mm.
Al realizar medidas, éstas nos arrojan unos datos numéricos que deben estar acompañados
de una incertidumbre asociada al aparato de medida y que es igual a la precisión que se
acaba de mencionar. El proceso de montar un experimento y tomar medidas conlleva a
diferentes tipos de errores, los cuales pueden ser:
De escala: Este es el error determinado por la precisión del instrumento de medida.
Aleatorios: Estos aparecen cuando se realizan medidas consecutivas de cierta
magnitud física y se obtienen valores diferentes, debido a múltiples factores que
afectan la medida.
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Sistemáticos: Estos dependen del sistema utilizado o del montaje experimental.
Incluyen los errores humanos debidos a fallas de apreciación, de ubicación frente al
aparato, de movimientos bruscos en el momento de medir, entre otros.
Aunque el instrumento con el que se hace una medida sea muy preciso, y los errores
sistemáticos sean mínimos, el proceso de medida conlleva a errores, bien sea de escala o
aleatorios. Por esta razón toda medición posee una incertidumbre, lo que implica que el
número arrojado por una medida no es exacto, está en un rango de valores donde se puede
afirmar que allí se centra el valor de la medida. Por lo tanto la medida se presenta como
mmm ' , donde m’ es la medida expresada con error, m es llamado el valor central de
la medida y corresponde al dato que se toma del instrumento y Δm es la incertidumbre o
error en la medida, dada por la precisión del instrumento. Por ejemplo, al medir un cordón
de aproximadamente 12 cm de longitud, con una regla y teniendo en cuenta que lo mínimo
que mide dicho instrumento es 0,1 cm, la medida se debe presentar así:
cmL )1,00,12(
Donde ΔL = 0,1 cm es la incertidumbre en la medida y L = 12,0 cm es la medida tomada
del instrumento. Podemos decir entonces que la medida se halla con gran probabilidad en
el intervalo (L – ΔL, L + ΔL), que en este caso corresponde al intervalo (11,9 , 12,1).
Para cualquier medida m’, la razón Δm/m recibe el nombre de incertidumbre relativa o
error relativo y en forma porcentual se denota por y viene dada por
100
m
m
(1.1)
Para el caso anterior la incertidumbre relativa porcentual es ε = (0,1/12)*100 = 0,83%.
Si m es el valor experimental y M es el valor teórico de una magnitud física, el porcentaje
de error relaciona el valor teórico con la medida experimental por medio de la ecuación:
100%
M
mME
(1.2)
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Por ejemplo, si se usa un termómetro para medir la temperatura de evaporación del agua en
Medellín y este arroja una medida de 97 ºC, podemos calcular el porcentaje de error
teniendo en cuenta que un cálculo teórico da un resultado de 96 ºC, como
%04,110096
9796%
E
Propagación de errores
Cuando las cantidades medidas se deben manipular matemáticamente para buscar otro
resultado, como ocurre cuando se miden los lados de un rectángulo y se quiere hallar el
área del mismo, hay que multiplicar las dos medidas tomadas, por lo tanto debemos
disponer de una forma para encontrar el nuevo error o incertidumbre en el área medida. Al
realizar medidas indirectas, como el área planteada, se requiere hacer cálculos con los
datos tomados, y como los datos poseen una incertidumbre en la medida, decimos que la
incertidumbre se propaga. Existen ciertas reglas para operar matemáticamente medidas
que incluyen incertidumbre y calcular la propagación de los errores. Dichas reglas se
resumen en la siguiente tabla:
Nombre de la Operación Operación Incertidumbre
Multiplicación por una
constante
C(X± Δx) = CX± Δz Δz = C Δx
Potencia (X± Δx)n
=Xn± Δz xxnz n 1
Suma / Diferencia (X ± Δx) ± (Y± Δy) =X±Y± Δz yxz
Producto (X± Δx) (Y± Δy) = XY± Δz
y
y
x
xyxz .
Cociente z
Y
X
yY
xX
y
y
x
x
y
xz
Producto de potencias (X± Δx)n(Y± Δy)
m = X
n Y
m z
y
ym
x
xnyxz mn.
Función seno sen(θ± Δθ) = senθ ± Δz Δz = (cosθ ) θ
Función coseno cos(θ± Δθ) = cosθ ± Δz Δz = (senθ ) θ
Función tangente tan(θ± Δθ) = tanθ± Δz Δz = (sec2θ ) θ
Tabla 1.1. Propagación de errores
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Nota: el error al medir un ángulo ∆θ debe escribirse en radianes, no en grados.
Ejemplo 1.1
Como se propaga el error al elevar una cantidad con error a una potencia:
33233¨5,70,1251,00,530,5)1,00,5( cmcmcm
Como se propaga el error en una suma de cantidades con error:
cmcmcm )2,00,11()1,00,5()1,00,6(
Como se propaga el error en un cociente:
1,065
1,0
30
1,060,6
)1,00,5(
)1,00,30(
Unidades básicas: longitud, masa y tiempo
Antes de medir se debe elegir una unidad para cada magnitud. Al efectuar las mediciones
de las diferentes magnitudes, podemos hablar unidades básicas y unidades derivadas o
compuestas. En física se reconocen cuatro unidades fundamentales independientes:
longitud, masa, tiempo y corriente eléctrica. Las unidades compuestas o derivadas se
escriben en términos de las fundamentales o básicas. Por ejemplo la velocidad se mide en
términos de metros sobre segundo, que es una cantidad compuesta, donde las unidades
fundamentales son metro y segundo.
En muchos casos no es fácil definir una unidad fundamental, por esta razón algunas veces
la definición de masa, por ejemplo, no es cabalmente entendida, ya que alude a
propiedades intrínsecas de la materia, o peor aún se define en términos de otra masa. En
estos casos las definiciones pueden resultar un poco difíciles de entender, pero hay que
tener en cuenta que éstas obedecen a la necesidad de la mayor precisión posible.
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Para medir longitudes, en el mundo existe una unidad básica denominada metro; el Sistema
Internacional de pesos y medidas se basa en esta unidad con múltiplos y submúltiplos
decimales. Del metro se deriva el metro cuadrado, el metro cúbico y todos sus múltiplos y
submúltiplos. La XVII Conferencia general de pesos y medidas (Conférence Générale des
Poids et Mesures) del 20 de Octubre de 1983, en París, Francia, promulgó la siguiente
definición de metro: El metro es la distancia recorrida por la luz en el vacío durante un
tiempo de 1/299 792 458 de segundo. Esta definición obedece al hecho conocido por la
física de que la velocidad de la luz en el vacío es una constante en cualquier sistema de
referencia en que se mida.
Con frecuencia se requiere medir una cantidad llamada masa. En un sentido estricto
decimos que la masa es la medida de la inercia de un objeto o de su resistencia a ser
acelerado, pero en muchos casos se encuentran definiciones que hablan de la cantidad de
materia de un cuerpo o de la existencia de un cuerpo patrón, con el cual podemos
establecer la comparación en una balanza. En el Sistema Internacional de Unidades (SI) la
unidad de masa es el kilogramo. El kilogramo se define como la masa de 5,01844721x1025
átomos del isótopo de carbono 12
C. Esta definición está basada en las propiedades físicas y
químicas observables del isótopo en mención y es importante enunciarla y reconocerla
aunque en muchos casos esta definición no tiene aplicaciones prácticas.
La unidad para medir el tiempo en el SI es el segundo. Para definir el patrón de tiempo se
ha escogido un proceso atómico. Se utiliza una medición de la frecuencia de vibración
asociada con el átomo de cesio. Se define el segundo como el tiempo que tardan en
efectuarse exactamente 9192631770 vibraciones de éstas. El minuto, la hora y el día se
definen en términos del segundo.
Sistema internacional de unidades
En la actualidad rige en casi todo el mundo el Sistema Internacional de Unidades (SI), el
cual se adoptó en 1960 por convenio entre 36 países, siendo luego aumentado este número
con el paso de los años. En reuniones posteriores del mismo grupo de países, se han
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modificado algunas de las definiciones básicas buscando siempre la mayor precisión en
ellas.
Todas las magnitudes de las cantidades físicas mensurables se pueden expresar en función
de siete unidades básicas, las cuales se exhiben en la siguiente tabla
MAGNITUD NOMBRE SÍMBOLO
Longitud metro m
Masa kilogramo kg
Tiempo segundo s
Intensidad de corriente eléctrica amperio A
Temperatura kelvin K
Cantidad de sustancia mol mol
Intensidad luminosa candela cd
Tabla 1.2 Unidades básicas o fundamentales
Unidades derivadas o compuestas
Las unidades derivadas se definen a partir de las unidades básicas por medio de
expresiones algebraicas bajo la forma de productos de potencias. Algunas de estas
unidades reciben un nombre especial y un símbolo particular, otras se expresan a partir de
las unidades básicas.
MAGNITUD Nombre Símbolo
Superficie metro cuadrado m2
Volumen metro cúbico m3
Velocidad metro por segundo m/s
Aceleración metro por segundo cuadrado m/s2
Número de ondas metro a la potencia menos uno m-1
Densidad volumétrica kilogramo por metro cúbico kg/m3
Velocidad angular radián por segundo rad/s
Aceleración angular radián por segundo cuadrado rad/s2
Tabla 1.3 Unidades SI derivadas expresadas a partir de unidades básicas
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Magnitud Nombre Símbolo Expresión en unidades SI
básicas
Frecuencia Hertz Hz 1/s
Fuerza Newton N Kg.m/s2
Presión Pascal Pa N/m2
Energía, trabajo Joule J N.m
Potencia Watt W J/s
Carga eléctrica Coulomb C s·A
Potencial eléctrico Voltio V J/s.A
Resistencia eléctrica Ohm Ω V/A
Capacidad eléctrica Faradio F C/V
Flujo magnético Weber Wb V·s
Inducción magnética Tesla T Wb/m2
Inductancia Henrio H Wb/A1
Tabla 1.4 Unidades derivadas con nombres y símbolos especiales.
Magnitud Nombre Símbolo Relación
Volumen Litro l o L 1 dm3=10
-3 m
3
Masa Tonelada T 103 kg
Presión y
tensión
Bar Bar 105 Pa
Tabla 1.5 Nombres y símbolos especiales de múltiplos y submúltiplos decimales de
unidades SI autorizados
Equivalencia de unidades
Además del Sistema Internacional de medidas, existen otros sistemas de unidades, tal
como el Sistema Inglés, ampliamente utilizado. Por esta razón es importante conocer las
equivalencias entre diferentes sistemas, o entre el mismo sistema. A continuación se
muestran las tablas de equivalencia útiles para la conversión de unidades.
SISTEMA INTERNACIONAL Pulgada
(Inch)
in ó "
Pie
(Foot)
Yarda
(Yard)
yd milímetro
mm
centímetro
cm
metro
m
1 milímetro =
1 centímetro =
1 metro =
1
10
1000
0,1
1
100
0,001
0,01
1
0,0394
0,3937
39,3701
0,0033
0,0328
3,2809
0,0011
0,0109
1,0936
1 pulgada =
1 pie =
25,4
304,8
2,54
30,48
0,0254
0,3048
1
12
0,0833
1
0,0278
0,3333
Física mecánica
10
1 yarda = 914,4 91,44 0,9144 36 3 1
1 Milla - - 1609,344 - - -
Tabla 1.6 Equivalencias entre sistemas de unidades
Otras Unidades de Longitud
En el SI también se utilizan otras unidades múltiplos de las fundamentales, que tienen
cabida en algunas áreas de estudio particulares. Por ejemplo para hacer medidas de
tamaños atómicos se usa el Angstrom Å y el nanómetro nm, y para hacer medidas de tipo
astronómico se usa el parsec y el año luz. En la siguiente tabla se ilustran algunas de éstas.
1 Angstrom (Å) = 10-10
m
1 Unidad Astronómica
(ua)
= 1,496 x 1011
m
1 Parsec (pc) = 3,0857 x 1016
m
1 Año Luz (al) = 9,4605 x 1015
m
Tabla 1.7 Otras unidades
Análisis dimensional
La respuesta a un problema puede ser estimada, es decir, considerar si el resultado es
aproximadamente erróneo o no, haciendo un análisis dimensional, de acuerdo con el
concepto de las dimensiones físicas. El tiempo, la longitud y la masa son tipos distintos
de cantidades físicas y éstas reciben el nombre de dimensión, a diferencia de sus unidades,
que son respectivamente: segundo, metro y kilogramo. A cada dimensión le corresponde
una unidad básica o fundamental. La dimensión de una cantidad física se representa
encerrándola entre corchetes. Los símbolos de las dimensiones fundamentales son:
[tiempo] ≡ [T]
[Longitud] ≡ [L]
Física mecánica
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[Masa] ≡ [M]
Las otras cantidades que se miden tienen dimensiones que son combinaciones de éstas.
Por ejemplo, la aceleración se mide en metros sobre segundo al cuadrado; estas unidades
tienen dimensiones de la longitud dividida entre el tiempo al cuadrado, por lo tanto
2)( tiempodeDimensión
longituddeDimensiónnacelaracióladeDimensión
Simbólicamente, se escribe:
2][
][][
T
LnAceleració
Examinar las dimensiones en una ecuación puede suministrar información útil. Por
ejemplo, para la ecuación: Fuerza = (masa)(aceleración), la dimensión es el resultado de
multiplicar la dimensión de la masa por la dimensión de la aceleración:
2)( tiempodeDimensión
longituddeDimensiónmasaladeDimensiónFuerzaladeDimensión
Simbólicamente tenemos que:
2][
][
T
LMFuerza
La expresión anterior representa la unidad de fuerza denominada Newton (N).
Ejemplo 1.2
1) Determinar si la ecuación 2
2
1atx es dimensionalmente correcta.
Solución:
Las unidades de aceleración se representan simbólicamente por:
][
][2T
L
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La unidad de tiempo al cuadrado por la expresión
[T2]
Al multiplicarse será:
LTT
L2
2 ][
][
Al cancelar la unidad de tiempo al cuadrado se obtiene como resultado la unidad de
longitud.
2) Se tiene la expresión: xF
, donde F
es la magnitud de la fuerza y x
la magnitud del
desplazamiento. ¿Cuáles son las dimensiones correspondientes?.
Solución:
Fuerza . entoDesplazami = LT
LM
][
][2
= ][
][2
2
T
LM = Energía
Lo que corresponde a las unidades de Fuerza (newton) multiplicada por unidad de longitud
(metros), es decir N.m = J (Julio, unidad de energía).
Prefijos del sistema de unidades y notación científica
Una ventaja del sistema métrico es el uso de prefijos para denotar los múltiplos de las
unidades básicas. Por ejemplo el prefijo kilo significa 1000 veces la unidad básica o
derivada; así un kilometro son 1000 metros, un kilogramo son 1000 gramos y un
centímetro equivale a 0,01 metro, es decir 10-2
m = 1m/100.
La siguiente tabla muestra el factor, el nombre y el símbolo de los prefijos utilizados en
física o en cualquier otra ciencia.
Factor Prefijo Símbolo Factor Prefijo Símbolo
1024
yotta Y 10-1
deci d
1021
zeta Z 10-2
centi c
1018
exa E 10-3
mili m
1015
peta P 10-6
micro μ
1012
tera T 10-9
nano n
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109 giga G 10
-12 pico p
106 mega M 10
-15 femto f
103 kilo K 10
-18 atto a
102 hecto H 10
-21 zepto z
101 deca Da 10
-24 yocto y
Tabla 1.8 Prefijos de las potencias de diez
Ejemplo 1.3
1) Si se tiene por ejemplo 87000000 m. Entonces para aplicar los prefijos se puede decir
que
87000000 m = 87x106
m = 57 Mm
Lo que se ha hecho es cambiar la escritura (x106) por el prefijo M, llamado: mega.
2) Escribir con prefijos la cantidad 1750000000000 gramos
1750000000000 g = 1750000000 Kg
1750000 Mg
1750 Gg
3) 5 nanómetros equivalen a 5x10-9
metros; la expresión simbólica es: 5 nm.
4) 67 microamperios equivalen a 67x10-6
Amperios; simbólicamente es: 67 μA.
5) 34 picofaradios equivalen a 34x10-12
Faradios; simbólicamente es: 34 pF.
6) 25 megavoltios equivalen a 25x106 Voltios; simbólicamente es: 25 MV.
Notación científica
En Física, existen valores de múltiples órdenes de magnitud, es decir, van desde muchas
veces las cantidades que se manejan en Física son de tamaños muy diferentes a las que se
manipulan diariamente. Por ejemplo el sol tiene una masa de:
2000000000000000000000000000000 Kg; Un átomo de hidrógeno tiene un diámetro
aproximado de 0,0000000001 m y una masa aproximada de
0,00000000000000000000000000167 Kg. Manipular cantidades tan grandes o tan
pequeñas requiere que hagamos uso de la notación científica, en la cual se utilizan las
potencias de 10 para simplificar los cálculos a realizar y para facilitar su escritura. La
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convención de la escritura es la siguiente: un dígito seguido de los decimales, si los hay,
multiplicado por alguna potencia de 10, de esta manera el símbolo 5,3x103 significa que
hay que multiplicar el 5,3 por 10 tres veces.
Por ejemplo la forma abreviada de escribir el número 100 es 102. Esto es equivalente a
escribir:
100 = 10x10 = 102.
El número 20000 puede verse como el producto 2x10x10x10x10, el cual tiene cuatro
potencias de diez, por lo tanto se escribe como 2x104. En resumen
20000 = 2x10x10x10x10 = 2x104
y,
7x104
= 70000; 1,5x103 =1500; 4,3x10
4 = 43000
Ejemplo 1.4
En el siguiente cuadro se describen algunos ejemplos que ilustran como se expresa una
cantidad en notación científica, teniendo en cuenta que en algunos casos hay que escribir
potencias negativas
78000 = 7,8 x104 Se corre la coma decimal cuatro lugares hacia la izquierda y
el exponente del 10 aparece aumentado en cuatro unidades.
1500 = 1,5x103 Se corre el punto decimal tres lugares hacia la izquierda y el
exponente del 10 aparece aumentado en tres unidades.
68x105
= 6,8x104 Se corre el punto decimal un lugar a la derecha y se
disminuye el exponente del 10 en una unidad.
0,56x107
= 5,6x106 Se corre el punto decimal un lugar a la derecha y se
disminuye el exponente del 10 en una unidad.
0,091x106
= 9,1x104 Se corre el punto decimal tres lugares a la derecha y el
exponente del 10 aparece disminuido en dos unidades.
0,0005 = 5 x10-4
Se corre la coma decimal cuatro lugares hacia la derecha y el
exponente del 10 aparece disminuido en cuatro unidades.
0,00676 = 6,76x10-3
Se corre la coma decimal cinco lugares hacia la derecha y el
exponente del 10 aparece disminuido en cinco unidades.
0,045 = 4,5x10
-2 Se corre la coma decimal dos lugares hacia la derecha y el
exponente del 10 aparece disminuido en dos unidades.
0,56x10-6
= 5,6x10-7
Se corre la coma decimal un lugar hacia la derecha y el
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15
exponente del 10 aparece disminuido en una unidad.
0,0009x106
= 9x102 Se corre la coma decimal cuatro lugares hacia la derecha y el
exponente del 10 aparece disminuido en cuatro unidades.
Tabla 1.9 Ejemplos de manipulación de potencias de diez
Nota: Por cada lugar que se corre la coma decimal hacia la izquierda, el exponente del
número 10 aumenta en una unidad. Si la coma decimal se corre hacia la derecha un lugar,
el exponente del número 10 disminuye una unidad.
Ejemplo 1.5
1) La velocidad de la luz se aproxima a 300000000 m/s. ¿Cómo abreviar esta
expresión?
Este número puede escribirse como
3x10x10x10x10x10x10x10x10
En notación científica, por cada potencia de diez se suma uno en el exponente, entonces
dado que hay 8 veces diez puedo escribirlo como 3x108 m/s.
2) El diámetro promedio de un átomo de hidrógeno es de 0,000000000 1m.
Entonces este número puede escribirse como
1/(10 000 000 000) = 1/(10x10x10x10x10x10x10x10x10x10) = 1x10 -10
.
3) Vamos a calcular el área de un cuadrado cuyo lado es 18x10-2
m.
Se sabe que el área del cuadrado L2, donde:
L = 18x10-2
m , luego:
Área = A = (18x10-2
m ) (18x10-2
m ) = 324X10-2
x10-2
m2.
Una de las propiedades de los exponentes dice que: 10p x 10
q =10
p+q, así:
A= 324x10-4
m2 = 0,0324 m
2 = 3,24 x10
-2 m.
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16
4) Si se considera la Tierra como una esfera de radio 6400 km. Encuentre el volumen de la
Tierra expresado en metros.
Se tiene que el volumen de una esfera es 3
3
4r .
Para el ejemplo, el radio r en metros se expresa como:
r = 6400x103 m = 6,4x10
6 m
Volumen 31531836 100662,1098)10144,262(3
4)104,6(
3
4mmmV
5) La masa del sol en notación científica es 2,0x1033
g, expresarla en
a) Hg
b) Gg
c) mg
Solución:
a) Como queremos pasar a Hg debemos multiplicar por el factor adecuado
Se puede ver que los g se cancelan y luego los exponentes de las potencias de diez se
suman.
b) Para expresar el valor de la masa del sol en Gg, se debe multiplicar por el factor
adecuado
c) Para pasar a mg, se debe multiplicar por el factor adecuado, y éste debe tener en el
numerador las unidades a las cuales se va a pasar, y en el denominador las unidades
iniciales para que se cancelen. Obviamente la cantidad en el numerador debe ser igual en
valor a la que está en el denominador
HgHgg
Hggg 31233
2
3333 100,210100,210
1100,2100,2
GgGgg
Gggg 24933
9
3333 100,210100,210
1100,2100,2
mgmgg
mggg 36333
33333 10210100,2
1
10100,2100,2
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6) Se dice que un guepardo puede alcanzar una velocidad de 100 km/h. ¿A cuánto equivale
este valor en m/s?
Solución
En este caso se debe tener en cuenta que hay que multiplicar por dos factores, uno para
pasar los km a m y otro para pasar las horas a segundos
7) Expresar pulgadas en centímetros
8) Cómo convertir 3800000 millas a m
Ejercicios
1) Complete los espacios en blanco:
a) 46891000 = 4,6891x____ = 46,891x _____
b) 58,9x105 = 0,589X____ = 589x ____
c) 78,9x104 =_____x10
0
d) 6,18x10-2
= ____x100
e) 0,0076 = 7,6 x____ = 76x____
f) 6X10-3
= 0,6x____ = ____x100
g) 3,1x104= ____x10
0
2) Escribir en notación científica:
a) 550000000000
S
m
S
m
S
m
S
m
S
h
km
m
h
km
h
km78,27
3600
100000
3600
10
3600
1010
3600
1
1
1010100
53232
cmPu
cmPuPu 54,2
lg1
4,2lg)1(lg1
mkm
m
mi
kmmimi 9
36 1008,6
1
10
1
6,1)108,3(3800000
Física mecánica
18
b) 0,00000000000000068
3) La medida del radio de una circunferencia es 0,00034 m, calcule a) su área y b) su
longitud. Exprese los resultados en cm.
4) Al convertir 75 Mg a mg y expresado en notación científica, el resultado es
a) 750x1010
mg
b) 7,5x1012
mg
c) 7,5x109
mg
d) 75x109 mg
e) 7,5x1010
mg
5) Al convertir 15000 pies a Pm y expresado en notación científica, el resultado es
a) 4572 x 1012
Pm
b) 4,572 x 10-9
Pm
c) 4572 x 10-12
Pm
d) 4,572 x 10-12
Pm
e) 4,572 x 1012
Pm
6) Pasar 8 m2 a cm
2
7) Convertir 83 Litros a cm3
Reglas para el redondeo de números y cifras
significativas
Redondeo de cifras
Si al realizar un cálculo se obtiene como respuesta, por ejemplo, el número 6,3795 y se
quiere expresar la respuesta con dos decimales, se debe redondear a 6,38. Un número se
Física mecánica
19
redondea al número de decimales deseados eliminando uno o más dígitos a la derecha, de
acuerdo a las siguientes reglas:
Si la primera cifra que se elimina es menor que 5, la última cifra retenida
permanecerá sin cambio. Ejemplos:
1) Si se quiere dejar una sola cifra decimal en el número 345,321 quedará 345,3.
2) Redondear a dos cifras decimales:
a) 3,23 ≈ 3,2
b) 6,31 ≈ 6,3
Si la primera cifra eliminada es mayor que 5, se aumenta en una unidad la última
cifra retenida. Ejemplos:
1) Si se quiere dejar una sola cifra decimal en el número 643,371 quedará 643,4.
2) Redondear a dos cifras decimales:
a) 7,36 ≈ 7,4
b) 9,57 ≈ 9,6
Si la cifra eliminada es 5, y las cifras que le siguen no son todas cero, la cifra
retenida se aumenta en una unidad. Ejemplos:
1) Si se quiere dejar dos cifras decimales en el número 47,37544 quedará 47,38
2) Redondear a dos cifras decimales:
a) 7,4535 ≈ 7,5
b) 9,6567 ≈ 9,7
Física mecánica
20
Si la cifra eliminada es 5, y las cifras que le siguen son todas cero, entonces, si la
última cifra retenida es par se conserva, y si es impar se aumenta en una unidad.
Ejemplos:
1) Si se quiere dejar dos cifras decimales en el número 39,67500 quedará 39,68.
2) Si se quiere dejar dos cifras decimales en el número 255,76500 Quedará
255,7.
3) Redondear a dos cifras decimales:
c) 7,3500 ≈ 7,4
d) 9,650 ≈ 9,6
e) 1,45000 ≈ 1,4
f) 2,75110 ≈ 2,8
g) 3,756700≈ 3,8
Cifras significativas
Las cifras significativas de un número son aquellas que aportan alguna información, es
decir son razonablemente confiables. Al medir la longitud de una cuerda con una regla,
teniendo en cuenta que la mínima división de una regla es de 0,1 cm, se registra el valor de
17,4 cm, esto significa que la longitud se midió con una aproximación de décimas de
centímetro. El valor 17,4 cm representa tres cifras significativas, que son 1, 7 y 4.
Suponga que se desea saber el área de un rectángulo y se han medido el largo y el ancho
del mismo (ver figura).
Figura 1.2 Representación del rectángulo
Física mecánica
21
Como el instrumento empleado para tomar las medidas fue una regla, la incertidumbre en
la medida es del orden de 0,1 cm. Al encontrar el área del rectángulo empleando la
calculadora se tiene que:
A= (4,2 cm)(3,9 cm) = 16,38 cm2
En principio se podría decir que el resultado tiene cuatro cifras significativas, el último
dígito, el número 8, ocupa la posición de las centésimas, como el error o incertidumbre del
instrumento de medida es 0,1 cm, la última cifra del cálculo efectuado también debe estar
en la posición de las décimas. El número 8, debido a su posición no es confiable, por lo
tanto no es significativo. El resultado presentado correctamente, al redondear la cifra, es:
A= (4,2 cm)(3,9 cm) = 16,4 cm2
Los ceros pueden ser significativos o servir para localizar la coma decimal. Por ejemplo,
si un objeto pesa 1500 kg y se pesó con aproximación de 100 kg, el peso contiene dos
cifras significativas (1,5) y puede escribirse como 1,5x103 kg. Si el objeto se hubiera
pesado con aproximación de 10 kg, el primer cero es significativo, pero el segundo no lo
es; el peso podría escribirse como 1,50X103 kg presentado tres cifras significativas. Si el
objeto se pesó con la aproximación de 1 kg, el peso se podría escribir 1,500X103
kg,
exhibiendo cuatro cifras significativas. Cabe aclarar que si se presenta un cero entre dos
cifras significativas, es en sí mismo significativo.
Se deben tener en cuenta además las siguientes reglas:
Cualquier dígito diferente de cero es significativo.
Los ceros ubicados entre dígitos distintos de cero son significativos.
Los ceros a la izquierda del primer dígito diferente de cero no son significativos.
Si un número es mayor que la unidad, todos los ceros escritos a la derecha del
punto decimal cuentan como cifras significativas.
Si un número es menor que la unidad, solamente los ceros que están al final del
número o entre dígitos diferentes de cero son significativos.
Para números sin punto decimal, los ceros que están después del último dígito
diferente de cero pueden ser o no significativas.
Física mecánica
22
Ejemplo 1.6
La siguiente tabla muestra una lista de cantidades y al frente se muestra el número de cifras
significativas correspondiente.
Número Cifras significativas
1734 4
80502 5
0,07 1
5,0 2
4,002 4
0,0000349 3
0,090 2
0,3005 4
400 3
4x102 1
4,0x102 2
4,00x102 3
12,03410x103 7
0,00801 3
Tabla 1.10 Cantidad de cifras significativas
Operaciones con cifras significativas
Suma y resta
El número de cifras significativas a la derecha de la coma decimal en la suma o la resta, es
determinado por el número con menos cifras significativas a la derecha de la coma
decimal de cualquiera de los números originales. Ejemplos
1) Cuando se desea sumar tres números como:
179,9 + 24,45 + 788,532
El resultado de la suma es 992,9 ya que el sumando de menos cifras decimales tiene una
sola. Además note que se ha hecho uso de las reglas para redondeo.
Física mecánica
23
2) 6,3476 + 5,3 = 11,6476 redondeado a 11,6
3) 4,7834 + 3,56 = 8,3434 redondeado a 8,34
Multiplicación y División
Cuando se multiplican o dividen varias cantidades, el número de cifras significativas en el
resultado debe redondearse sólo a tantas cifras significativas como son las que contenga el
menos exacto de los factores. Ejemplos
1) Cuando queremos multiplicar los siguientes números:
1146,336 x 80,711
Se obtendrá 92522 ya que el de menos cifras significativas tiene cinco. Además se ha
hecho uso de las reglas para redondeo.
2) Efectuar las siguientes operaciones:
a) 2,71x3,30 = 8,943 redondeada a 8,94
b) 3,4x0,000674 = 2,2916x10-3
redondeado a 2,3x10-3
c) 78,34x0,002 = 0,15668 redondeado a 0,1567
d) 20x0,3 = 6,0
e) 56x0,004 = 0,224 redondeado a 0,22
f) 0,0005x0,1 = 5x10-5
Instrumentos de medida
Al realizar medidas se obtienen datos numéricos que representan la magnitud física que se
quiere medir, los valores que surgen requieren de un tratamiento especial, lo que hace
Física mecánica
24
necesario tener en cuenta el carácter de las medidas, la exactitud de ellas, los sistemas de
unidades y los tipos de errores.
Las magnitudes físicas se pueden medir en forma directa o indirecta. La medida directa es
la que se realiza con un instrumento, por ejemplo utilizando un metro, una balanza, o un
cronómetro. La medida indirecta requiere de una relación matemática, y/o geométrica para
obtener el valor de la medida que se desea encontrar, por ejemplo se mide el radio y la
longitud de un cilindro para obtener su volumen.
En toda medida directa o indirecta se utiliza algún instrumento que tenga una escala para
realizar la lectura de la medida. Existen instrumentos de medida con una sola escala
lineal, es decir la diferencia entre dos números consecutivos es constante, como el
flexómetro, el termómetro, la balanza, entre otros. Y otros con una escala lineal fija y otra
móvil sujeta a la primera, representan este tipo de instrumentos el pie de rey o calibrador y
el tornillo micrométrico.
Figura 1.3 Pie de rey Figura 1.4 Detalle de nonio
Figura 1.5 Tornillo micrométrico Figura 1.6 Detalle del tambor
Física mecánica
25
También existen instrumentos con escala digital, no lineal como el multímetro.
Escala nonio o vernier
Es un instrumento que al agregar a la escala fija, una escala auxiliar móvil llamada nonio,
aumenta la precisión. Con un ejemplo se ilustrará la forma de utilizar el calibrador.
Primero se determina la precisión de la escala fija o regla. La precisión de la escala fija es:
mmmmpresición 110
2030
El nonio tiene 20 divisiones en una longitud de 39 mm de la escala fija, de modo que la
precisión es de mmmm 05,020
1 , es decir, cada división del nonio equivale a 0,05 mm.
La figura 1.6 muestra el modo de utilizar el instrumento. El cero del nonio sobrepasa 11
divisiones de la escala fija en una fracción de milímetro. La séptima división del nonio
coincide con una división de la regla. La fracción decimal es 14(0,05) mm = 0,70 mm, por
lo tanto la longitud del objeto es 11,70 mm.
Figura 1.7 Nonio o Vernier
Física mecánica
26
Ejercicios
Materiales: balines, figuras geométricas de cartulina, disco, flexómetro y pie de rey.
1) Mida el diámetro de la esfera con el calibrador y el diámetro del disco con el
flexómetro. Exprese la medida con su incertidumbre correspondiente, calcule la
incertidumbre relativa porcentual y anote en la tabla.
Esfera Disco
Medida del diámetro
Incertidumbre relativa
porcentual.
2) Mida con el calibrador cada uno de los lados del triángulo. Exprese la medida con la
incertidumbre y calcule el área.
3) Mida los lados del triángulo con la regla y el espesor en el calibrador; exprese las
medidas con incertidumbre y calcule el volumen del prisma.
4) Indique la lectura:
a)
b)
5) Aproxime a tres cifras numéricas las cantidades
a) 634501 ; 8,3500 ; 7,2532
b) 62351 ; 8,235 ; 6,2355
Física mecánica
27
6) Aplique el criterio de cifras significativas en las siguientes operaciones
a) 1,25 + 4,786 + 3,7 =.................................
b) 558,626 – 43,5371 =….............................
c) 2,6 x 3,35 =...............................................
d) [4.567 x 104] [77.893 x 10
-2] =..................
7) Escriba en notación científica las siguientes magnitudes físicas
a) Constante gravitacional G = 0,0000000000667 [ N m2/ kg
2 ] ...........................
b) Rapidez de la luz c = 299790000 [ m / s ] .........................................................
c) Permitividad en el espacio vacio ε = 8,85X10-12
[ C2
/N m2 ] ............................
8) Aproxime a tres cifras numéricas y exprese la cantidad en notación científica
a) 1,575 x 10-4
........................................
b) 184,4079.............................................
c) 0,000035519.......................................
d) 742,86 x 10-6
......................................
e) 925,49000...........................................
f) 0,459 x 102...........................................
9) Exprese la cantidad 2x1017
segundos en
a) Minutos
b) Horas
c) Días
10) Sean 02,048,124 AAA , 7,06,57 BBB y 5,06,16 CCC
Haga uso de las reglas para el manejo de errores y realice las siguientes operaciones.
a) BA
Física mecánica
28
b) CA
c)
BA
CA
d) 2)(C
Física mecánica
29
Física mecánica
30
Capítulo 2
Escalares y vectores
La matemática es la ciencia del orden y la medida
René Descartes
Introducción
Los fenómenos que se estudian en un curso de física básica pueden explicarse con dos
tipos de entidades matemáticas: escalares y vectores. Un escalar es una cantidad que
queda completamente especificada por un número, positivo o negativo. En general se
trabajará con la noción de escalar como un número real, aunque es necesario aclarar que en
matemáticas la noción de escalar es más compleja. Los vectores en cambio, son entes
matemáticos que requieren de más de un parámetro para describirse completamente, estos
parámetros pueden ser: magnitud y dirección; coordenadas cartesianas u otros. Por
ejemplo, cuando se aplica una fuerza no basta con saber la magnitud de ésta, también es
necesario saber en que dirección se aplica. Con la velocidad y aceleración y ocurre algo
similar.
Nociones básicas
Un escalar es básicamente una cantidad que sólo tiene magnitud, como: el tiempo, la
energía, la rapidez, la masa, la carga eléctrica, la temperatura, etc. En la mayoría de los
textos se representan con letras minúsculas.
Para un matemático, la definición de vector, o más ampliamente de un espacio vectorial,
implica hablar de un conjunto de objetos, los vectores, y de unas operaciones entre estos
objetos, que cumplen una lista de propiedades. Sin embargo, para un curso de física básica
Física mecánica
31
no es necesario este rigor y daremos una definición de vector que aunque no es muy
formal, si puede ayudarnos a comprender la importancia del uso de vectores en el
tratamiento de problemas físicos. En general puede decirse que un vector es un objeto
matemático que necesita de varios parámetros o componentes para ser descrito. En el
plano R2 un vector necesita dos componentes, que pueden ser las coordenadas cartesianas
(x,y), o también pueden ser una magnitud y un ángulo de orientación medido siempre
respecto al eje x, (r,θ) o coordenadas polares, ver figura 2.1. En el espacio R3 se requieren
tres parámetros para describir un vector, que pueden ser sus componentes cartesianas
(Bx,By,Bz), o sus coordenadas esféricas (B,θ,φ), con los ángulos medidos en la dirección
que se indica en la figura 2.3.
Un vector se puede representar por un segmento dirigido o flecha, cuyo origen coincide
con el origen del sistema de coordenadas y el otro extremo está ubicado en un punto dado
del plano, que en el caso de la figura 2.1 es (Ax,Ay). Los vectores se denotarán por letras,
generalmente mayúsculas, con una flecha sobre ellas: B
. La magnitud de un vector B
, se
denota poniéndolo entre barras: || B
, o simplemente escribiéndolo sin la flecha: B.
En la siguiente figura se ilustra un vector en el plano, mostrando sus componentes
cartesianas
Figura 2.1 Componentes de un vector en el plano
Si tomamos la ilustración del vector en R2 puede verse que el teorema de Pitágoras nos da
la magnitud del vector como:
θ
x
y
Ax
Ay
Física mecánica
32
22
yx AAAA
(2.1)
Se puede usar la trigonometría para relacionar la magnitud A y el ángulo θ , o
componentes polares, con las componentes cartesianas o rectangulares Ax y Ay del vector.
Figura 2.2 Triángulo formado por el vector y sus componentes
x
y
A
A1tan (2.2)
ACosAx , ASenAy (2.3)
Las ecuaciones (2.1) y (2.2) pueden considerarse como una regla de transformación de
componentes cartesianas a polares, mientras que las ecuaciones (2.3) son la regla de
transformación de polares a cartesianas. Es muy importante notar que estas componentes
son escalares, pues más adelante encontraremos que hay otro tipo de componentes
llamadas componentes vectoriales, pero antes de llegar a ellas se requiere estudiar la suma
de vectores.
En el caso de la representación de un vector en el espacio R3, que se ilustra en la figura 2.3,
la generalización del teorema de Pitágoras nos dice que la magnitud del vector B
, es:
222
zyx BBBBB
(2.4)
Ay
Ax
A
θ
Física mecánica
33
Figura 2.3 Componentes de un vector en el espacio
Además de la ecuación (2.4), para completar las reglas de transformación de coordenadas
cartesianas (x,y,z) a coordenadas esféricas (B,θ,φ), es fácil verificar por trigonometría que
los ángulos θ y φ están dados por
222
11
zyx
zz
BBB
BCos
B
BCos (2.5)
x
y
B
B1tan (2.6)
Estas demostraciones se dejan como ejercicio para el lector.
Ejemplo 2.1
1) Sea el vector H
cuyas componentes cartesianas son (2, 1), encuentre la magnitud y
dirección del vector (ángulo que forma el vector con respecto al eje x).
Magnitud: 514)1(2 22 H
Dirección: 01 6,262
1tan
2) Sea el vector P
cuyas componentes cartesianas son (1, -1), encuentre la magnitud y
dirección del vector.
x
y
z
φ
θ
Bx
By
Bz
Física mecánica
34
Magnitud: 211)1(1 22 P ; dirección: 01 451
1tan
Representación gráfica:
Es importante tener en cuenta que en ocasiones la medida del ángulo puede tomarse en
sentido negativo en que se miden los ángulos, como en este último ejemplo. También
puede medirse respecto al eje negativo de las x, en cuyo caso hay que tener cuidado con los
signos de las componentes escalares del vector.
Vectores unitarios
Figura 2.4a Vectores unitarios en el espacio. Figura 2.4b Vectores unitarios en el plano.
Un caso particular importante es el de los vectores cuya magnitud es uno, en la escala del
sistema de coordenadas escogido, y que coinciden con las direcciones positivas de los ejes
x
y
z
j
x
y
i
x
45°
y
x
x
Física mecánica
35
x, y e z. Los vectores unitarios en el espacio, en coordenadas cartesianas para los tres ejes
respectivos se ilustran en la figura 2.4a y se denotan por ji ˆ,ˆ y k , aunque en algunos
textos se denotan por yx ee ˆ,ˆ y ze ó por 21ˆ,ˆ ee y
3e . En la figura 2.4b se muestran los
vectores unitarios ji ˆ,ˆ en el plano xy.
Operaciones
Las operaciones que pueden efectuarse con escalares y vectores pueden dar como resultado
un vector o un escalar. En este punto es necesario aclarar que todas las matemáticas
básicas dan cuenta de las operaciones que pueden realizarse entre escalares y de todas las
propiedades que cumplen estas operaciones, pero debido a que, como ya se vio, los
vectores son de una naturaleza diferente a los escalares, es necesario que se definan las
operaciones que se puede realizar entre vectores y entre vectores y escalares. Estas
operaciones cumplen unas propiedades similares a las que cumplen los escalares y en
algunos casos cumplen otras que las diferencian de ellos, como la no conmutatividad del
producto cruz entre vectores.
Producto de un escalar por un vector
Sea “a” un escalar y sea B
un vector. El producto “ Ba
“ es también un vector, que tiene la
misma dirección que B
, pero su magnitud ha sido modificada en un factor “a”. Para
ilustrar gráficamente algunas observaciones respecto al producto de un vector por un
escalar, tomemos el vector B
mostrado en la figura 2.5a. Las características de este
producto son las siguientes:
* Si el escalar es un número mayor que 0 y menor que 1, se obtendrá un vector de longitud
menor que el inicial, ver figura 2.5b.
* Un escalar mayor que 1 aumentará el tamaño del vector en “a”, esto puede verse en la
figura 2.5c.
Física mecánica
36
* Cuando el escalar es negativo, además de su longitud, también se cambia el sentido del
vector, es decir, el nuevo vector está a 180 grados del original, vea la figura 2.5d.
* Como un caso particular del anterior, si el escalar es -1, el nuevo vector será - B
, el
cual es llamado el opuesto de B
, esto se ve en la figura 2.5e.
* Si el escalar es 1, el vector no sufrirá modificación, es decir, el escalar 1 es módulo de
esta operación.
Figura 2.5a Vector B
Figura 2.5b Producto Ba
con 10 a
Figura 2.5c Producto Ba
con 1a Figura 2.5d Producto Ba
con 0a
Figura 2.5e Producto Ba
con 1a
x
y
x
y
x
y
x
y
x
y
Física mecánica
37
Note que un vector que se encuentre sobre uno de los ejes puede escribirse como el
producto de un escalar, que dice cual es su magnitud, por un vector unitario en el
respectivo eje, como lo ilustra el siguiente ejemplo.
Ejemplo 2.2
Los vectores iA ˆ3
y jB ˆ5,4
son vectores cuyas direcciones coinciden con los ejes.
Suma de vectores
La suma de vectores da como resultado otro vector, y su orientación y magnitud pueden
hallarse gráfica o analíticamente. Veremos que la suma de vectores difiere de la forma
usual en que sumamos escalares.
Suma gráfica
Cuando un vector no está asociado con un sistema de referencia o sistema de coordenadas,
es llamado vector libre. Aunque en la mayoría de casos prácticos no se usan vectores
libres, esta idea puede ayudar a comprender la suma de vectores. En la siguiente figura se
ilustran dos vectores libres
Figura 2.6 Vectores libres
x
y
x
y
Física mecánica
38
Para sumar dos vectores gráficamente, se toma el segundo vector y se traslada en el
espacio, sin cambiar su orientación ni su magnitud, y su base se pone sobre la punta o
cabeza del primero. El vector resultante o vector suma va desde el origen del primero
hasta final del segundo vector. Este método es conocido como: cabeza con cola. Esto se
ilustra en la siguiente figura
Figura 2.6 Suma de vectores libres por el método cabeza con cola
También se conoce el método del paralelogramo, en el cual se toman los dos vectores que
se quieren sumar y se trasladan en el espacio sin alterarlos de forma que coincidan en
origen, y se construye un paralelogramo trazando, sobre el final del primer vector un
segmento de recta paralelo al segundo y con su longitud, y sobre el segundo vector otro
segmento paralelo al primero y con su longitud. El vector suma está dado por la diagonal
del paralelogramo y su origen coincide con el de los otros dos. En la siguiente figura se
muestra un ejemplo de cómo se forma el paralelogramo para sumar vectores, usando los
mismos vectores del ejemplo anterior
Figura 2.7 Suma de vectores libres por el método del paralelogramo
Física mecánica
39
Componentes vectoriales
Con lo visto hasta ahora, podemos hablar de la descomposición vectorial mencionada
antes. Todo vector se puede expresar como la suma de dos vectores, y estos pueden
escogerse arbitrariamente. Por ejemplo, para el siguiente vector, R
Figura 2.8 Vector libre R
En las figuras 2.9 podemos ver varias formas en las que puede expresarse el vector R
como la suma de dos vectores, siendo todas válidas:
Figura 2.9a 21 RRR
Figura 2.9b
21 RRR
Figura 2.9c 21 RRR
Figura 2.9d 21 RRR
Es muy importante anotar que el lector puede verificar que el vector R
en estos cuatro
casos es el mismo, aunque aparentemente se vea alterado en cada caso, ya sea en su
longitud o en su dirección. El cambio aparente se debe a efectos ópticos inducidos por la
figura en el observador.
1
2
1
2
1 2
1
2
Física mecánica
40
La anterior propiedad para la suma gráfica se llama descomposición vectorial, es decir, el
vector R
se descompone como la suma de R
1 y R
2 . Equivalentemente decimos que R
1
y R
2 son dos componentes vectoriales de R
. Ahora bien, podemos tomar el caso
particular en el cual las dos componentes vectoriales en que se descompone el vector son
perpendiculares. Esto es conveniente debido a que si ubicamos el vector R
en un sistema
de coordenadas y escogemos sus componentes perpendiculares, éstas serán siempre
paralelas a los ejes coordenados y se denotarán con subíndices x e y, en vez de 1 y 2, y
como consecuencia, al ser paralelas a los ejes se podrán escribir en términos de los
vectores unitarios. En la siguiente figura se ilustra un vector en un sistema de coordenadas
en términos de dos componentes paralelas a los ejes, llamadas componentes vectoriales
rectangulares o cartesianas. La expresión algebraica se escribirá entonces:
yx RRR
(2.7)
Figura 2.10 Descomposición en componentes vectoriales rectangulares yx RRR
En adelante, las dos componentes vectoriales rectangulares se dibujarán sobre los ejes, lo
cual es equivalente a lo mostrado en la figura 2.10. La forma como se dibujará en lo
sucesivo la descomposición vectorial nos recuerda la suma por el método del
paralelogramo y se ilustra en la figura 2.11. Ahora bien, dado que las componentes
rectangulares están sobre los ejes, cada una de ellas puede escribirse como el producto de
su magnitud por el vector unitario en cada dirección (recordar el ejemplo 2.2). Entonces
las dos componentes vectoriales se escribirán en delante de la forma
iRR xxˆ
y jRR yy
ˆ
(2.8)
x
y
x
y
Física mecánica
41
Figura 2.11 Componentes rectangulares sobre los ejes
Por lo tanto la descomposición vectorial se puede escribir de la forma:
jRiRRRR yxyxˆˆ
(2.9)
La descomposición planteada en las ecuaciones (2.8) y (2.9) se ilustra en la figura 2.12
Figura 2.12 Descomposición vectorial en términos de vectores unitarios
Suma analítica
Para sumar vectores analíticamente, es necesario expresar cada vector en términos de sus
componentes cartesianas, y el vector resultante se halla sumando componente a
componente. Si se tienen dos vectores jAiAA yxˆˆ
y jBiBB yx
ˆˆ
, el vector
resultante o suma viene dado por
x
y
x
y
x
y
x
y
Física mecánica
42
jBiBjAiABA yxyxˆˆˆˆ
(2.10)
Ahora usamos el álgebra para agrupar los términos o componentes escalares que
acompañan a los vectores unitarios. Esto nos conduce a la siguiente fórmula para la suma
analítica de vectores:
jBAiBABA yyxxˆˆ
(2.11)
Figura 2.13 Descomposición vectorial en términos de vectores unitarios
En la figura 2.13 se ilustra la suma vectorial por componentes y se evidencia la
equivalencia con el método gráfico del paralelogramo, sin embargo, para muchos
problemas de física, encontramos que el método analítico es más conveniente. Es
necesario tener en cuenta que cuando una componente escalar es negativa, debe incluirse
este signo en la ecuación (2.11). Así mismo debe tenerse en cuenta que cuando la
operación es una resta de vectores, cambian los signos en la ecuación (2.11) de forma que
el vector resta o diferencia queda escrito como:
jBAiBABA yyxxˆˆ
(2.12)
y
x
Ax
Ay
Bx
By
Ay + By
Ax + Bx
Física mecánica
43
Note que no cambia el signo más entre las dos componentes vectoriales del vector resta,
sino entre las componentes escalares. El lector puede asumir como ejercicio la gráfica del
vector diferencia por analogía con la figura 2.13.
Cuando la suma analítica se realiza en tres dimensiones simplemente se adiciona la tercera
componente en la ecuación (2.11), por lo cual la ecuación se convierte en:
kBAjBAiBABA zzyyxxˆˆˆ
(2.13)
Recuerde que las ecuaciones (2.3) se utilizan para relacionar las componentes polares,
magnitud y ángulo, con las componentes cartesianas. También es importante recordar que
los signos de las componentes escalares dependen del cuadrante en que se encuentre el
vector. Esto se ilustra en el siguiente ejemplo.
Ejemplo 2.3
En las siguientes figuras podemos observar ejemplos particulares de vectores cuyas
componentes son negativas o positivas dependiendo del cuadrante
jiA ˆ5ˆ7
jiB ˆ6ˆ3
jiC ˆ3ˆ5
Ejemplo 2.4
1) Sean los vectores:
kjiA ˆ7ˆ3ˆ4
; kjiB ˆˆˆ
; kjC ˆ6ˆ2
Encuentre:
y
x -3
-6 B
y
x 5
-3 C
y
x -7
5
Física mecánica
44
a) BA
b) CBA
32
c) CB
32
Solución:
a) BA
kjikjikjikji ˆ8ˆ2ˆ5ˆ)17(ˆ)13(ˆ)14()ˆˆˆ()ˆ7ˆ3ˆ4(
b) )ˆ6ˆ2()ˆ3ˆ3ˆ3()ˆ14ˆ6ˆ8(32 kjkjikjiCBA
kjikji ˆ11ˆˆ11ˆ)6314(ˆ)236(ˆ)38(
c) kjikjikjkjiCB ˆ16ˆ8ˆ2ˆ)182(ˆ)62(ˆ2)ˆ18ˆ6()ˆ2ˆ2ˆ2(32
2) Encuentre analítica y gráficamente la suma de los vectores A
y B
ilustrados en la
siguiente figura, cuyas magnitudes son, respectivamente 3 y 2. Tenga en cuenta las reglas
de transformación de coordenadas.
Solución:
Las componentes rectangulares de los vectores A
y B
son respectivamente
jijSeniCosA ˆ5,1ˆ6,2ˆ303ˆ303
jijSeniCosB ˆ4,1ˆ4,1ˆ452ˆ452
Por lo tanto el vector suma, por el método analítico, es:
jiBA ˆ9,2ˆ2,1
Además, se hallan las coordenadas polares o componentes escalares polares haciendo:
y
x
30o 45
o
Física mecánica
45
oooo 5,1125,671805,672,1
9,2tan 1
14,385,99,22,1 22 BA
Gráficamente,
Propiedades
La suma de vectores cumple varias propiedades, entre las cuales destacamos las siguientes
i. Conmutativa. ABBA
ii. Asociativa. )()( CBACBA
iii. Invertiva. ABeiBABA
...0/
Si se combinan las dos operaciones descritas, también se consideran las siguientes
propiedades. Sean y escalares.
iv. Distributiva 1. BABA
)(
v. Distributiva 2. AAA
)(
Todas estas propiedades y otras que pueden consultarse son fácilmente demostrables y
verificables.
Producto punto o producto escalar entre vectores.
Este producto entre dos vectores da como resultado un escalar, de ahí su nombre. Sean dos
vectores A
y B
en R2
o en R3, los cuales al ser ubicados coincidiendo en origen forman
y
x
112,5o
BA
Física mecánica
46
un ángulo entre ellos. Se define el producto punto o producto escalar en el espacio R3,
entre los vectores kAjAiAA ZYXˆˆˆ
y kBjBiBB ZYX
ˆˆˆ
como:
ZZYYXX BABABABA
(2.14)
También puede definirse como
CosABBA
(2.15)
Donde es el ángulo entre los vectores. En el plano simplemente se suprime la última
componente en la ecuación (2.14). Es fácil verificar que estas dos definiciones son
equivalentes. Se usará la que más convenga en cada caso.
Ejemplo 2.5
1) Sean los vectores jiA ˆ3ˆ2
y jiB ˆ4ˆ
. Hallar el producto punto entre estos dos
vectores.
BA
10122)4)(3()1)(2(
2) Calcule el producto escalar entre los vectores que muestra la figura, donde las
magnitudes de los vectores P
y Q
son 10 y 7 respectivamente
El ángulo entre los vectores es 125o – 45
o = 80
o
2,1280)7)(10( oCosQP
Ejercicios
* Demostrar que si se tienen dos vectores perpendiculares en R2, su producto punto es
cero, por ambos métodos.
y
x
125o
P
45o
Q
Física mecánica
47
** Demostrar que el producto punto es conmutativo.
Producto vectorial o producto cruz
Este producto se realiza entre vectores y el resultado es otro vector. La forma en que se
define el producto cruz sugiere una operación similar al cálculo del determinante de una
matriz 3x3, pero dado que la primera fila está constituida por los vectores unitarios, en este
caso se habla de un seudodeterminante. Se mostrará esta perspectiva más adelante. Sean
los vectores en el espacio kAjAiAA ZYXˆˆˆ
y kBjBiBB ZYX
ˆˆˆ
. Definimos el
producto vectorial como:
kABBAjABBAiABBABA yxyxzxzxzyzyˆ)(ˆ)(ˆ)(
(2.16)
Este producto así definido tiene varias propiedades. El vector resultante es perpendicular a
cada uno de los vectores ByA
, por lo tanto es perpendicular al plano formado por ellos.
Si los vectores ByA
están en el plano xy, entonces el vector resultante estará en el eje z.
Si θ es el ángulo entre los vectores ByA
medido en el sentido en que se miden positivos
los ángulos, entonces la magnitud del producto cruz está dada por
SenABBA
(2.17)
Figura 2.14. Dirección del producto vectorial
A
BA
B
Física mecánica
48
El producto cruz sigue la llamada regla de la mano derecha, según la cual se apunta el dedo
índice en la dirección del primer vector involucrado levantando el pulgar
perpendicularmente al primero y se gira el índice hacia el segundo vector cerrando la
mano. El vector resultante tendrá la dirección del pulgar. La dirección del vector producto
cruz se ilustra en la figura 2.14.
Cuando se dibuja un vector perpendicular a la superficie de dibujo, se sigue la siguiente
convención. Un vector perpendicular al plano y que apunta hacia afuera de la superficie se
dibuja como un punto dentro de una circunferencia, queriendo denotar la vista frontal de la
punta de éste. Un vector perpendicular al plano y que apunta hacia adentro de éste, se
dibuja como una x dentro de una circunferencia.
Figura 2.15. Vector saliente y vector entrante al plano de dibujo.
Ejemplo 2.6
A
= kji ˆ2ˆ4ˆ3
B
= kji ˆˆ3ˆ2
Encuentre BA
BA
kji ˆ)]4)(2()3)(3[(ˆ)]2)(2()1)(3[(ˆ)]2)(3()1)(4[(
kjikji ˆˆˆ2ˆ)89(ˆ)43(ˆ)64(
kjiBA ˆˆˆ2
Física mecánica
49
Ejercicios
En algunos textos los vectores unitarios se escriben como zyyx ˆˆ,ˆ en vez de kyji ˆˆ,ˆ . En
algunos ejercicios propuestos se utiliza esta notación
1) Sean los vectores U
y V
ilustrados en la figura
Represente gráficamente las siguientes operaciones
a) )(2 VU
b) )(3 VU
c) VU
2
2) Sean los vectores
Grafique
a) a
2
b) bc
2
c) ca
3) Dados los siguientes vectores en términos de sus componentes cartesianas, a
=(2,-4), b
=(1,2), c
=(0,3) y d
=(-4,-1), calcule los siguientes productos escalares:
a) cb
b) ba
U
V
b
a
c
Física mecánica
50
c) da
d) cd
e) aa
4) Encuentre la magnitud y la dirección del vector resultante BA
de acuerdo a la
siguiente figura, donde A = 7 u, o25 , B = 6 y = 50o
5) Demuestre que el producto cruz entre vectores paralelos es cero.
6) Demuestre que el producto cruz es anticonmutativo, es decir que:
)( ABBA
7) Halle el producto punto y el producto cruz entre los vectores unitarios cartesianos.
8) Calcule el valor de m sabiendo que 2BA
y
jmiByjiA ˆˆ5ˆ2ˆ3
9) Considere los vectores zyxByzxA ˆ2ˆˆ2ˆ2ˆ
. Calcule analítica y
gráficamente:
BAGyBAFBAEBADBAC
)2(2,)(4,23,
10) Calcule la magnitud de los vectores que se obtuvieron en el ejercicio anterior.
y
x α
θ
Física mecánica
51
11) Sean los vectores zyxCyzxBzyxA ˆ2ˆ4ˆˆ3ˆ3,ˆ2ˆ2ˆ
, calcule:
CAyBCACBA
32,,2
12) Sean los vectores zyxCyzyxBzyA ˆ2ˆ2ˆˆ3ˆ4ˆ3,ˆ2ˆ2
. Calcule
: CAyBCACBA
32,,2
Física mecánica
52
Física mecánica
53
Capítulo 3
Cinemática
La formulación de un problema, es más importante que su solución
Albert Einstein
Introducción
La cinemática se ocupa de estudiar y describir el movimiento sin atender a sus causas,
tratando de responder a la pregunta ¿Cómo se mueve una partícula?, mientras que la
pregunta ¿porqué se mueve de tal o cual forma?, será respondida en el siguiente capítulo en
el que se estudian las leyes de Newton o leyes del movimiento. En este capítulo se estudia
el movimiento traslacional, el cual puede considerarse como el estudio del cambio de la
posición de un objeto con respecto al tiempo. Cuando se habla del cambio de posición,
ello implica considerar un sistema de referencia o eje de coordenadas respecto al cual se
estudia el movimiento de los cuerpos. Los conceptos básicos tratados por la cinemática
son: posición, desplazamiento, velocidad y aceleración, en una y dos dimensiones. En
física hay otro movimiento importante que es el vibratorio, el cual es tema de un curso
posterior. Inicialmente consideramos los cuerpos en estudio como puntuales, es decir, en
los siguientes tres capítulos, incluido este, no se considerará la geometría del cuerpo sino
que cada partícula será pensada como un punto matemático descrito por sus coordenadas,
sin dimensiones, para facilitar la comprensión del movimiento traslacional. Más adelante,
en el capítulo seis, se tendrá en cuenta el volumen y la geometría del cuerpo, lo cual da
lugar a consideraciones rotacionales. En adelante se usará el sistema internacional de
medidas SI para todos los conceptos que se van a definir. En algunos casos no se hace
mucho énfasis en las unidades puesto que se quiere dar más importancia a los conceptos,
sin embargo es importante siempre tenerlas presentes, ya que las unidades pueden incluso
darnos una guía para resolver algunos problemas, al indicarnos por ejemplo si las
Física mecánica
54
dimensiones de una ecuación son correctas. Inicialmente se estudia el movimiento en una
dimensión, con algunos ejemplos particulares como el caso de la caída libre. Luego se
estudia el movimiento en dos dimensiones generalizado y se analizan dos casos
particulares, el movimiento parabólico y el movimiento circular.
Movimiento en una dimensión
Para simplificar el estudio de la cinemática iniciamos estudiando el movimiento de una
partícula en una dimensión, es decir que el mundo en que se mueven las partículas en esta
primera parte va a ser una recta real. En este mundo unidimensional se dice que la
posición de una partícula en cualquier instante de tiempo está dada por una función del
tiempo x (t). Cuando se conoce dicha función se puede afirmar que se conoce la
trayectoria de la partícula. La figura 3.1 ilustra la trayectoria de una partícula en una
dimensión en función del tiempo, donde se han marcado dos posiciones distintas
correspondientes a tiempos distintos )( 11 txx y )( 22 txx . Es importante notar que en
esta gráfica no se habla de la trayectoria en el sentido estricto de la palabra, es decir, la
curva obedece al comportamiento de la posición respecto al tiempo, pero no significa que
la partícula esté haciendo curvas en el espacio, pues sólo puede moverse sobre una línea
recta.
Figura 3.1. Trayectoria de una partícula en función del tiempo.
)(tx
1t
x
t
1x
2t
2x
x
t
Física mecánica
55
Se define el desplazamiento en una dimensión entre dos tiempos, inicial it y final ft , ó
equivalentemente, entre las posiciones ix y fx , como el cambio en la posición:
)()( ifif txtxxxx (3.1)
Note que el desplazamiento puede ser positivo o negativo dependiendo de las posiciones
inicial y final, lo cual también se entiende como la diferencia entre moverse hacia adelante
o hacia atrás respecto a la dirección positiva del sistema de coordenadas, en este caso, el
eje x. El desplazamiento es diferente de la distancia recorrida puesto que la segunda es la
suma de toda la distancia que el cuerpo o partícula ha recorrido, por ejemplo si un cuerpo
se mueve 5m hacia adelante y 2m hacia atrás en el eje x, su desplazamiento es +3m,
mientras que su distancia recorrida es 7m. Por lo tanto, si hay movimiento, la distancia
recorrida siempre es diferente de cero. Si el cuerpo regresa a la posición inicial después
de hacer un recorrido, el desplazamiento es cero, pero la distancia recorrida no lo es. La
posición, el desplazamiento y el recorrido se miden en metros m.
Velocidad
Se define la velocidad media o velocidad promedio entre dos puntos ix y fx , como la
razón (cociente) entre el desplazamiento y el intervalo de tiempo correspondiente
if
if
tt
xx
t
xv
. (3.2)
En las figuras 3.1 y 3.2 se puede ver que la velocidad media es la pendiente de la recta
secante a la trayectoria en dos puntos. Según esta definición, la velocidad media tiene
dimensiones de desplazamiento sobre tiempo. En el sistema internacional SI las unidades
de velocidad son [v] = m/s. Hay que notar que la velocidad media depende únicamente de
los puntos inicial y final y no depende de la trayectoria seguida por la partícula.
Se define la velocidad instantánea de una partícula en un “instante de tiempo t” en lugar de
“en un intervalo t ” haciendo la aproximación al límite en que t tiende a cero para que
Física mecánica
56
durante este intervalo no ocurran cambios esenciales en el estado de movimiento.
Matemáticamente esto equivale a calcular la derivada de la función que describe la
posición.
dt
dx
t
x
t
Limv
0 (3.3)
Figura 3.2. Velocidad media (secantes) y velocidad instantánea (tangente).
Como ya se sabe del cálculo diferencial, conforme 0t la pendiente de la recta secante
que describe la velocidad promedio, se acerca más a la pendiente de la recta tangente a la
curva en el punto (ti,xi), lo cual puede apreciarse en la gráfica 3.2. La velocidad
instantánea en un tiempo t es la derivada de la función posición respecto al tiempo, dx/dt.
Esta velocidad puede ser positiva o negativa dependiendo de cómo se comporta la curva
que describe la posición puesto que una velocidad positiva en un determinado punto
significa que la curva que describe la trayectoria es creciente en ese punto. Una velocidad
instantánea negativa en una dimensión significa que la partícula se mueve en dirección
contraria al eje positivo de coordenadas. Una velocidad cero en un punto significa que la
pendiente de la curva es cero en ese punto, es decir, la recta tangente a la curva es
horizontal allí (ver figura 3.3). Todo lo anterior se explica en un curso de cálculo
diferencial, que en la mayoría de las universidades es prerrequisito de los cursos de Física
básica, de modo que si se tienen dudas acerca de este tratamiento se puede hacer un repaso
de los temas de límites y derivación.
)(tx
it
x
t
ix
ft '
fx'
Secantes
ft
fx
Tangente
Física mecánica
57
Figura 3.3. Velocidades y pendientes.
Cuando la velocidad de una partícula es constante en el tiempo, su trayectoria x(t) en una
dimensión es una línea recta cuya pendiente es la velocidad instantánea, en este caso
constante, y se habla entonces de movimiento rectilíneo uniforme MRU. En la figura 3.4
se puede ver la trayectoria para un movimiento con velocidad constante. Una trayectoria
curva indica que el movimiento no tiene velocidad constante. Se define además la rapidez
de un móvil o partícula, como el valor absoluto de su velocidad instantánea, por lo tanto
siempre será positiva. Cuando se estudie cinemática en dos dimensiones, la rapidez se
definirá como la magnitud del vector velocidad. La velocidad media, la velocidad
instantánea y la rapidez se miden en m/S.
Figura 3.4. Trayectoria para una velocidad constante
Ejemplo 3.1
1) Se tiene un movimiento dado por la siguiente ecuación:
0v x
t
0v
0v
)(tx
x
t
Física mecánica
58
2310 ttx
Donde t está en segundos y x en metros.
a) Graficar la trayectoria de la partícula.
b) Calcular el desplazamiento desde 1t hasta 3t segundos.
c) Calcular la velocidad promedio entre 0t y 4t segundos.
d) Hallar la velocidad instantánea en 2t s.
Solución
a) Para graficar hay que tener en cuenta que 0dt
dx da los puntos críticos o valores
máximos o mínimos de la función. Se sabe que la curva es una parábola por ser de grado
dos y
sttdt
dx667.13/50610
es el tiempo correspondiente a un punto crítico, es decir un punto donde la pendiente es
cero. Evaluando la función en este valor
mxtx 333.83/25)3/5()(
Para saber si el punto es máximo o es mínimo se evalúa la derivada antes y después de este
valor: en 1t , 4)1( x . Evaluando en 2t , 2)2( x . Luego el punto crítico es un
máximo. Por otro lado, haciendo 0x , se hallan los interceptos de la curva con el eje
temporal en:
stótttttx 3/1000)310(3100 2 .
Con todos estos puntos la trayectoria de esta partícula es:
Física mecánica
59
b) Evaluando la función en los tiempos pedidos se tiene
mxmx 7)1(3)3(
mxxx 4)1()3(
c) Entonces t
xv
, donde mxxx 808)0()4( y segt 04 .
Luego smv /2
d) tdt
dxv 610 , en m/s, evaluada en st 2 se obtiene: smv /2)2( .
2) Una partícula se mueve a lo largo del eje x, de manera que su posición en cualquier
instante t está dada por 13 2 tx , donde x se expresa en metros y t en segundos.
2.1. Calcule su velocidad promedio en el intervalo de tiempo entre:
a) 1 y 2 s, b) 1 y 1.1 s, c) 1 y 1.01 s, d) 1 y 1.001 s, e) 1 y 1.0001 s, f) 1 y 1.00001 s.
2.2. Calcule la velocidad instantánea en t = 1 s.
Solución
2.1. La velocidad promedio entre 1 y 2 s viene dada por
1 2 3 4 5t
25
20
15
10
5
5
x
Física mecánica
60
s
m
s
m
s
mxx
tt
xx
t
xv
if
if9
1
211
12
)1()2(
Para los otros instantes de tiempo los resultados están en la siguiente tabla:
xi = 2 m; ti = 1 s
xf (m) Δx = xf – xi (m) Δt = tf – ti (s)
if
if
tt
xxv
(m/s)
2.63 0.63 0.1 6.3
2.0603 0.0603 0.01 6.03
2.006003 0.006003 0.001 6.003
2.00060003 0.00060003 0.0001 6.0003
2.0000600003 0.0000600003 0.00001 6.00003
Se puede observar que cuando la variación del tiempo Δt, tiende a cero, la velocidad
promedio v tiende a 6 m/s.
2.2. La velocidad instantánea se obtiene al derivar la posición x = 3t2
- 1, con respecto al
tiempo:
tdt
dxv 6 , en m/s, evaluada en st 1 , se obtiene: smv /6)1( .
3) La posición de un objeto en movimiento en función del tiempo está representado por la
siguiente figura
Indique
a) Cuando el objeto tiene velocidad diferente de cero
b) En qué momento, después de iniciado el movimiento, el objeto pasa de nuevo por el
origen
c) Calcule la velocidad en los intervalos de tiempo: 0s – 4s; 4s – 8s; 8s – 10s; 10s –
12s y 12s – 14s
Física mecánica
61
Solución
a) El objeto tiene velocidad diferente de cero en siguientes intervalos de tiempo:
0 s – 4 s, 8 s – 10 s y 12 s 14 s; porque la pendiente de la recta es diferente de cero.
b) El objeto pasa por el origen en t = 14 s.
c) 0s – 4s: smv /104
04
, 4s – 8s: 0
48
44
v
8s – 10s: smv /2810
48
, 10s – 12s: 0
1210
88
v
12s – 14s: smv /41412
80
Ejercicios
1) Se tiene un movimiento en una dimensión regido por la ecuación
252 ttx
Donde t está en segundos y x metros.
a) Graficar la trayectoria de la partícula.
b) Calcular el desplazamiento desde 1t hasta 3t segundos.
0
8
6
4
2
t(s)
x(m
)
2 4 6 8 10 12
14
Física mecánica
62
c) Calcular la velocidad promedio entre 0t y 4t segundos.
d) Hallar la velocidad instantánea en 2t s.
2) La posición de un objeto en movimiento en función del tiempo está representado por la
siguiente figura
a) Calcule la velocidad en los intervalos de tiempo: 0s – 2s, 2s – 5s, 5s – 6s y 6s – 7s.
b) Haga una gráfica de velocidad contra tiempo
3) Una partícula se mueve a lo largo del eje x, de acuerdo la expresión x = 5t2-5, donde x
se expresa en metros y t en segundos.
a) Calcule la velocidad promedio en el intervalo de tiempo entre t = 2s y t = 3s.
b) Calcule la velocidad en el instante en que t =3 s.
c) Calcular su velocidad promedio en el intervalo de tiempo entre:
2.9 y 3 s, 2.99 y 3 s, 2.999 y 3 s, 2.9999 y 3 s, 2.99999 y 3 s.
Compare los resultados con el ítem (b).
1 2 3 4 5 6 7 0
-5
20
15
10
5
t(s)
x(m)
Física mecánica
63
Aceleración
Cuando una partícula tiene una velocidad que no es constante en el tiempo, sino que
cambia con éste, decimos que el movimiento es acelerado, en cuyo caso la posición está
definida por una función al menos de grado dos, puesto que si la velocidad es constante, la
función posición es de grado uno. En la figura 3.5 se ilustra una grafica de una velocidad
instantánea v como función del tiempo t. La aceleración media o promedio entre dos
tiempos se define, en forma similar a como se definió la velocidad media, como la
pendiente de la recta secante a la curva v(t) en dos puntos
Figura 3.5. Velocidad en función del tiempo.
if
if
tt
vv
t
va
. (3.4)
Note como a medida que 0t , la pendiente de la recta secante, es decir, la aceleración
media, se aproxima a la pendiente de la recta tangente, la cual define la aceleración
instantánea en un instante de tiempo particular:
2
2
0 dt
xd
dt
dx
dt
d
dt
dv
t
v
t
Lima
. (3.5)
Se entiende entonces la aceleración instantánea de un cuerpo como la derivada de su
velocidad instantánea respecto al tiempo o como la segunda derivada de la posición. Las
)(tv
it
v
t
iv
ft
fv
v
t
Física mecánica
64
unidades de la aceleración son [a] = [v] / [t] = (m/s)/s = m/s2. Una aceleración negativa o
desaceleración, significa que la velocidad siempre está disminuyendo, aunque no
necesariamente lo haga la rapidez.
Ejemplo 3.2
Vamos a repasar algunos de los conceptos dados hasta ahora en los siguientes problemas,
los cuales requieren un dominio mínimo del cálculo.
1) Se tiene un movimiento dado por la ecuación
ttx 25 3 , en m.
a) Halle la velocidad y la aceleración instantánea.
b) Halle la aceleración media entre 1 y 3 segundos.
Solución
a) La velocidad instantánea está dada por la derivada de la posición
215 2 tdt
dxv , en m/s.
La derivada de la velocidad es la aceleración
tdt
dva 30 , en m/s
2
b) Para hallar la aceleración media hay que calcular la velocidad en estos dos tiempos
smvsmv /1332)3(15)3(/132)1(15)1( 22
Entonces la aceleración media es:
Física mecánica
65
smvv
a /602
120
13
)1()3(
.
En la parte a) de este ejemplo se nota como la aceleración instantánea no es constante, sino
que depende del tiempo. Más adelante en este curso nos limitaremos al movimiento con
aceleración constante, el cual se generalizará en la siguiente sección, pero antes veamos un
par de ejemplos importantes.
2) Una partícula se mueve a lo largo de una línea recta de acuerdo a la expresión
matemática 132 23 ttv , en m/s. Si en el instante t0 = 0 S, la partícula está situada en
x0 = 1 m. Calcule la posición x(t) del móvil en cualquier instante.
Solución
La velocidad instantánea viene dada por:
dt
dxv
Separando variables:
vdtdx
Se integra a ambos lados de la ecuación y se evalúa la integral en los en los valores
iniciales:
x t
vdtdx3 0
x t
dtttdx3 0
23 )132(
ttt
x 3
3
4
23
34
32
34
ttt
x
3) El Papa viaja en su nave espacial en movimiento rectilíneo cuya aceleración está dada
por la ecuación
Física mecánica
66
va 312 .
Donde a es la aceleración y v es la velocidad de la nave. Cuando 0t , 0x y 3v m/S.
Encontrar la ecuación para la velocidad instantánea y la posición, v(t) y x(t).
Solución
dtv
dvvv
dt
dvva 3
4)4(3312312
.
Renombramos para la integración,
tvtvdt
u
dudvduvu 03 '3)'4ln('3''4 .
Por lo tanto
)3((-3t) 443)1ln()4ln( tevevtv .
Falta por encontrar x(t), para lo cual escribimos como:
t
txtt etxdtexdedt
dx
0
)'3(
0
)'3()3(
3
1'4'')4('4
Entonces la posición está dada por la función:
3
1
3
14)( )3( tettx .
4) Se ata una masa a una cuerda de longitud L que pasa por una rama de un árbol fija a una
altura h del nivel desde el cual una persona lo sostiene con su mano en el otro extremo,
mientras camina con velocidad constante ve, como lo indica la figura. Demuestre que la
masa tiene una velocidad en dirección vertical dada por vy = xve(x2+h
2)
-1 /2. Demuestre
también que la aceleración está dada por ay = h2ve
2(x
2+h
2)
-3 /2. El árbol es surrealista.
Física mecánica
67
Solución
Es importante notar la disposición del sistema de coordenadas (x,y) y entender las
distancias ilustradas en la figura. Inicialmente se puede establecer por Pitágoras que:
21
22222 )(22
xhxvdt
dbv
b
x
dt
dx
b
x
dt
db
dt
dxx
dt
dbbxhb ee .
Donde se ha tenido en cuenta que ve= dx/dt. Por otro lado tenemos, para la longitud
constante L de la cuerda, la relación:
dt
dy
dt
dbyhbL
Igualando las dos expresiones para (db/dt), se obtiene vy como
21
22 )(
xhxvvdt
dyey
La segunda parte se deja como ejercicio para el lector y para terminarla basta con derivar
esta última expresión.
b
h
x x
y
y
ve
Física mecánica
68
Movimiento unidimensional con aceleración constante
Cuando la aceleración de una partícula permanece constante en el tiempo, esto significa
que su aceleración instantánea es su misma aceleración media:
if
if
tt
vv
t
vaa
(3.6)
Para deducir las ecuaciones que nos permitan estudiar este movimiento tomaremos por
simplicidad el tiempo inicial ti como cero y su velocidad inicial se denotará por v0 en
lugar de vi . En lugar de tf, xf y vf hablaremos simplemente de t, x y v; es decir, el
tiempo, y la posición y la velocidad en función del tiempo. En este caso de aceleración
constante, la ecuación 3.6 quedaría:
,0
t
vva
(3.7)
de donde se obtiene:
tavv 0. (3.8)
Donde se aprecia la dependencia lineal de la velocidad respecto al tiempo en un
movimiento uniformemente acelerado. Ahora bien, como sabemos,
dtvdxdt
dxv .
Integrando al lado izquierdo entre x0 y x y al lado derecho entre los tiempos t0 = 0 y t,
obtenemos:
dttavxxt
0
00 )( (3.9)
Física mecánica
69
Lo que reescribimos como:
2
002
1tatvxx (3.10)
La cual es la ecuación fundamental de la cinemática de un cuerpo uniformemente
acelerado, donde se expresa la dependencia temporal de la posición cuando la posición
inicial es x0, la velocidad inicial es v0 y la aceleración constante es a. En algunos casos se
habla de un movimiento desacelerado, lo cual significa que la velocidad está disminuyendo
todo el tiempo, y en consecuencia se debe cambiar el signo en el último término de las
ecuaciones 3.8 y 3.10. La gráfica de un movimiento desacelerado es una parábola cóncava
hacia abajo, tal como se describió en el primer problema del ejemplo 3.1. Todo
movimiento con aceleración constante se describe con las ecuaciones 3.8 y 3.10 y se
denomina movimiento uniformemente acelerado MUA.
Movimiento rectilíneo uniforme
Cuando se considera un movimiento con velocidad constante, es decir con aceleración
cero, se habla de movimiento rectilíneo uniforme MRU. En este caso se anula el último
término en la ecuación 3.10 y se tiene entonces que un MRU se rige por la ecuación
tvxx 00 (3.11)
En la figura 3.4 se ha ilustrado el comportamiento lineal de la posición respecto al tiempo
en un MRU. Además, la gráfica de la velocidad contra el tiempo v(t) para un MRU no
sería otra cosa que una recta horizontal.
Ejercicio
Deduzca una ecuación para la velocidad, donde dependa del espacio recorrido Δx y no
dependa del tiempo.
Física mecánica
70
Solución
Partimos de la ecuación 3.8, de donde despejamos el tiempo:
a
vvt 0 .
Sustituyendo este tiempo en la ecuación 3.10 se obtiene:
2
00
002
1)(
a
vv
a
vvvxx ,
)2(2
1 2
00
2
2
00
0 vvvvaa
v
a
vvxxx .
Al reorganizar términos se llega a:
)(2
1 2
0
2 vva
x .
De donde se llega finalmente a la expresión buscada
xavv 22
0
2 (3.12)
Es importante recalcar que esta ecuación puede facilitar la solución de algunos problemas
de cinemática, sin embargo en algunos casos puede dar lugar a confusiones, dado que
siempre arrojará valores positivos para la velocidad y como ya se sabe, en algunos casos la
velocidad puede tener un valor negativo.
Ejemplo 3.3
Dos vehículos viajan en la misma dirección con velocidades constantes respectivas v1 y v2.
Cuando el auto 2 pasa frente a una valla de publicidad, el auto 1 se encuentra
aventajándolo por una distancia de ”b” metros. En ese instante el auto 2 aplica sus frenos
Física mecánica
71
produciendo una desaceleración de magnitud “a”. Demuestre que para que haya choque es
necesario que se cumpla que
bavv 212 .
Solución
En el tiempo t = 0, la posición inicial del auto 1 es x01 = b, pero para el auto 2 su posición
inicial será x02 = 0. La ecuación para el auto 1 no conserva el término de aceleración ya
que no se ha indicado ninguna modificación a la velocidad constante, por lo tanto:
tvbxtvxx 1101011 .
El auto 2 está desacelerado, luego:
2
222
2
2020222
1
2
1tatvxtatvxx .
Si hay colisión es por que las posiciones de los autos se encuentran en algún momento, por
lo tanto igualamos las posiciones de los dos autos:
2
221212
1tatvtvbxx .
Reescribiendo:
0)(2
121
2 btvvat .
Donde usamos la forma general para solucionar una ecuación de segundo grado, para
encontrar los tiempos que son solución del problema:
a
abvvvvt
2)()( 2
2121 .
Para que este tiempo tenga sentido físico, debe ser un número real. Esto sólo es posible si:
Física mecánica
72
abvvabvv 22)( 12
2
21
Como ejercicio para el lector se plantea la siguiente pregunta: ¿Porqué no se dice
abvv 221 ?.
Caída libre
Para comenzar diremos que un objeto cualquiera en cercanías de la tierra (o de cualquier
otro objeto muy masivo), experimenta una aceleración hacia el cuerpo masivo que es
proporcional a la masa e inversamente proporcional al cuadrado del radio de éste. Este
enunciado es conocido como la ley de gravitación de Newton. En la tierra y en cualquier
otro planeta con forma esférica y con su masa distribuida más o menos uniformemente, la
gravedad es una fuerza radial, es decir, los objetos en cercanías de la tierra se aceleran
hacia el centro de ella en dirección radial, aunque localmente la tierra puede considerarse
plana y en ese caso las direcciones de aceleración de varios cuerpos se verán paralelas y no
convergiendo a un centro, pero esto sólo es debido a que el tamaño de la tierra es muy
grande para la percepción humana. En la figura 3.6 se ve como, para dos personas que
están paradas en la superficie terrestre, sus respectivos vectores de aceleración debida a la
gravedad son casi paralelos.
Figura 3.6. Dirección radial de la gravedad en la tierra (izquierda). Localmente la tierra se
puede considerar plana (derecha).
La caída libre es un caso particular muy importante de movimiento uniformemente
acelerado en una dimensión y se refiere al movimiento de cualquier cuerpo bajo la acción
Superficie de la tierra
Dirección de la gravedad
Dirección de la gravedad
Física mecánica
73
exclusiva de la gravedad. El cuerpo en caída libre no necesariamente se está moviendo
hacia abajo, pues puede haber sido lanzado con una velocidad inicial hacia arriba, por lo
cual recorrerá una cierta distancia hasta que la gravedad lo detenga en un punto máximo y
luego lo obligue a caer. Un cuerpo puede ser soltado desde una altura y dejarse caer
(velocidad inicial cero); puede ser arrojado imprimiéndole una velocidad inicial hacia
abajo (negativa) o puede ser arrojado hacia arriba imprimiéndole una velocidad inicial
positiva. En todos los casos se usarán las ecuaciones 2.10, 2.8 y 2.11, en las cuales
usaremos el valor de la aceleración debida a la gravedad g = 9.82 m/s2. También se tendrá
en cuenta el signo negativo de ésta en las ecuaciones. Como la caída libre es un
movimiento vertical se usa la variable y para la posición, luego las ecuaciones para la caída
libre serán:
2
002
1tgtvyy y (3.13)
tgvv y 0 (3.14)
ygvv y 22
0
2 . (3.15)
Consideremos el caso de un cuerpo que es lanzado hacia arriba desde una altura y0 con una
velocidad inicial v0. En el punto más alto de su trayectoria ymax el cuerpo se detiene, es
decir, su velocidad es cero, por lo tanto, de la ecuación 2.12 se tiene:
tgv y 00
Luego el tempo para la altura máxima está dado por
g
vt ym
0
Por otro lado, usando 2.13 se tiene:
ygv y 202
0
Por lo tanto la altura máxima ym, está dada por:
Física mecánica
74
g
vyy
g
vyyy
y
m
y
m
2
0
0
2
0
0 .
Ejercicio
Hallar esta misma altura máxima usando el tiempo para ymax en la ecuación 2.11.
Ejemplo 3.4
Demostrar que para un cuerpo que se deja caer libremente, la distancia que recorre durante
el último segundo es gn )2/1( .
Solución
Lo primero es que la velocidad inicial del problema es cero y podemos suponer que se
suelta desde una altura y0 arbitraria. Durante los primeros n segundos el cuerpo recorre
una distancia
2
02
1gnyyn .
Durante los primeros (n-1) segundos el cuerpo recorre:
2
01 )1(2
1 ngyyn .
La distancia recorrida Δ, durante el último segundo, será el valor absoluto de la resta de las
dos anteriores:
)2
1()12(
2
1))12((
2
1 22
1 ngngnnngyy nn .
Física mecánica
75
Movimiento en dos dimensiones
La posición de una partícula que se mueve en el plano R2 puede describirse por un vector
en el plano xy, cuyas coordenadas dependen cada una del tiempo (ver figura 3.7), esto es,
(x,y) = (x(t), y(t)). Dicho más formalmente, el vector posición es:
jtyitxr ˆ)(ˆ)(
(3.16)
El vector desplazamiento en R2 está dado por
if rrr
. (3.17)
Donde es importante notar en la gráfica que la magnitud del vector desplazamiento r
en
R2, es en general, menor que la distancia recorrida a lo largo de la trayectoria, puesto que la
distancia corresponde a la medida del arco correspondiente a la trayectoria entre los
extremos de los vectores fr
y ir
Figura 3.7 Trayectoria en R2.
Definimos la velocidad promedio durante el intervalo de tiempo Δt, que tarda la partícula
en pasar de la posición ir
a la posición fr
como:
y
fr
x
ir
y
x
)(tr
r
Física mecánica
76
t
rv
. (3.18)
Según el carácter vectorial, la dirección de la velocidad promedio es la misma del
desplazamiento. Hay que recalcar que esta velocidad media (3.18) en el plano, se denota
un poco diferente, puesto que además de ser un vector es también un promedio. Note
también que la velocidad promedio es independiente de la trayectoria entre los dos puntos.
Las definiciones que se dieron en una dimensión se extienden a dos dimensiones sin
olvidar el carácter vectorial.
La velocidad instantánea se define igual que en una dimensión como la derivada:
jvivjdt
dyi
dt
dx
dt
rdv yx
ˆˆˆˆ
. (3.19
Figura 3.8 Vector velocidad tangente a la trayectoria en R2.
Sabemos del cálculo que si en un instante t la posición está dada por el vector )(tr
y la
velocidad por el vector )(tv
, el vector velocidad instantánea es tangente a la trayectoria en
ese tiempo particular (ver figura 3.8). Por tanto la dirección del vector velocidad cambia
conforme cambia el vector posición. Se define la aceleración promedio de una partícula
que se mueve en R2 entre dos posiciones
ir
y fr
como el cociente entre las velocidades y
los tiempos respectivos:
y
x
)(tr
v
Física mecánica
77
if
if
tt
vv
t
va
. (3.20)
Similarmente a lo que ocurre con la velocidad promedio, la aceleración promedio tiene la
misma dirección que la variación en la velocidad (ver figura 3.9).
Figura 3.9 Vectores velocidad tangentes a la trayectoria en R2
y su diferencia.
Definimos la aceleración instantánea como:
jaiajdt
dvi
dt
dv
dt
rd
dt
vda yx
yx ˆˆˆˆ2
2
(3.21)
Es importante aclarar que la velocidad puede variar de un punto a otro variando su
magnitud o su dirección o ambas, en cualquiera de estos casos se presenta aceleración.
Ejemplo 3.5
Un cuerpo se desplaza sobre un plano a lo largo de una línea curva de modo que sus
coordenadas en función del tiempo están dadas por:
12)(32)( 223 tttytttx .
Donde las coordenadas están en metros y el tiempo en segundos.
a) Hallar el vector posición cuando t = 1.
y
x
ir
v
fv
iv
fr
iv
fv
Física mecánica
78
b) Halle el vector velocidad en cualquier instante de tiempo.
c) Calcular el (o los) tiempo(s) en que la velocidad es cero.
d) Hallar la aceleración en cualquier instante.
Solución
a) El vector posición está dado por
jtyitxr ˆ)(ˆ)(
jttitttr ˆ)12(ˆ)32()( 223
Cuando t = 1, se evalúa la función y se obtiene 0)1(1)1( yx , luego:
ir ˆ)1(
.
b) Para encontrar la velocidad instantánea es necesario derivar la posición,
jtittdt
rdv ˆ)22(ˆ)66( 2
.
c) Para que la velocidad sea cero es necesario que las dos componentes lo sean
simultáneamente. Igualando a cero:
022066 2 tytt
1)10( tytót
Donde vemos que las coordenadas de la velocidad son simultáneamente cero para el
tiempo t = 1 S.
d) Para hallar la aceleración instantánea hay que derivar la velocidad:
Física mecánica
79
jitdt
vda ˆ2ˆ)612(
.
Movimiento bidimensional con aceleración constante
Para una partícula moviéndose en el plano donde sus componentes de posición y de
velocidad son dependientes del tiempo y las de aceleración son a lo sumo constantes, se
tienen las ecuaciones vectoriales:
jyixr ˆˆ
(3.22)
jvivv yxˆˆ
(3.23)
jaiaa yxˆˆ
(3.24)
En cada una de las dimensiones se tiene un movimiento que a lo sumo tiene aceleración
constante, por lo tanto en cada una de sus coordenadas se cumplen las ecuaciones de
movimiento de una partícula con aceleración constante en una dimensión, entonces las
componentes de aceleración tienen la forma:
tavvtavv yyyxxx 00 .
Reemplazándolas en la ecuación 3.22
jtavitavv yyxxˆ)(ˆ)( 00
,
)ˆˆ()ˆˆ( 00 jtaitajvivv yxyx
De donde se llega a:
tavv
0 (3.25)
En forma similar se llega fácilmente a:
Física mecánica
80
2
002
1tatvrr
(3.26)
Donde jyixr
000 . Note que pese a su carácter vectorial, las ecuaciones 2.24 y 2.25
tienen la misma “forma” que en una dimensión. A continuación estudiamos un importante
ejemplo de movimiento bidimensional en el que una componente corresponde a un
movimiento uniformemente acelerado y la otra a un movimiento con velocidad constante.
Movimiento parabólico
Cuando se arroja un objeto al aire, pero a diferencia del caso de caída libre, la dirección de
lanzamiento hace un ángulo θ0 con la horizontal, la trayectoria del objeto describirá una
parábola en el plano. Si la velocidad inicial de la partícula está dada por 0v
, cuyas
componentes es calares son:
,000000 SenvvyCosvv yx (3.27)
Figura 3.10 Movimiento parabólico.
La partícula experimenta una combinación de dos movimientos. En el eje y el movimiento
es de caída libre mientras en el eje x es un movimiento con velocidad constante, dado que
y
x
oxv
ivv xˆ
0
v
yv0
0v
xv0
yv
v
oxv
yv
Física mecánica
81
en esa dirección el cuerpo conserva siempre la velocidad v0x, tal como se ilustra en la
figura 3.10. Las componentes de la posición son:
2
0000002
1tgtSenvyyytCosvxx (3.28)
En el eje y, para la componente de la velocidad se tiene la misma dependencia conocida
para la caída libre, con la única diferencia de que aquí se tiene en cuenta el ángulo inicial
tgSenvvy 00 (3.29)
Además debemos recordar que como la velocidad es un vector, su magnitud en cualquier
instante está dada por:
22
yx vvv .
En el movimiento parabólico hay dos puntos de interés especial: la altura máxima y el
alcance horizontal máximo. Si suponemos que el movimiento se realiza en el plano de tal
forma que la altura inicial es la misma final tal como se ve en la figura 3.11, las ecuaciones
para la altura máxima y su tiempo correspondiente, modificadas apropiadamente con el
ángulo inicial serán:
.2
000
22
0
g
Senvty
g
Senvy ymm
Figura 3.11 Altura máxima
y
x
my
mx
Física mecánica
82
Donde hay que notar que se ha asumido que la posición inicial es cero y que la
consideración física es la misma que en el caso de caída libre, es decir, la componente de la
velocidad en y para la máxima altura es cero. En este caso en que la parábola es simétrica
el tiempo correspondiente al alcance horizontal máximo será el doble del necesario para
alcanzar la altura máxima.
g
Senvtxm
002
.
Para encontrar entonces la distancia horizontal máxima en este caso de parábola simétrica,
se usa la ecuación 3.28 para x, con x0 = 0 y sustituyendo v0x de la ecuación 3.27
g
SenvCosvtvx xmxm
00000
2)(
Haciendo uso de la identidad
CosSenSen 2)2(
llegamos a:
g
Senvxm
)2( 0
2
0
En estos últimos resultados hay que recordar que la posición inicial es el origen de
coordenadas y la posición final está a la misma altura, si esta condición no se cumple el
alcance horizontal máximo debe hallarse de otra forma.
Ejemplo 3.6
Un cañón se ubica en la base de una pendiente que hace un ángulo ψ con la horizontal. Si
el cañón hace un ángulo λ con la horizontal y dispara el proyectil con una velocidad inicial
v0. Demuestre que la distancia sobre la pendiente a la cual caerá el proyectil está dada por:
TanCosSen
Cosg
CosvR
2
02
Física mecánica
83
Solución
Es muy importante analizar la figura para comprender el enunciado del problema. Las
coordenadas finales xR e yR , son:
2
002
1VVRVR tgtSenvyytCosvx
Donde hemos llamado tV al tiempo total de vuelo. Reemplazando estas últimas dos
ecuaciones en la relación trigonométrica para la tangente en este dibujo,
R
R
x
yTan
Se obtiene
V
VV
tCosv
tgtSenv
Tan
0
2
02
1
.
De donde se despeja el tiempo de vuelo como:
R
xR
yR
Física mecánica
84
TanCosSeng
vtV 02
Este tiempo se reemplaza en xR para obtener,
TanCosSeng
CosvTanCosSen
g
vCosvxR
2
00
0
22
Finalmente reemplazamos en la relación trigonométrica R
xCos R .
TanCosSengR
CosvCos
2
02.
De donde se halla el recorrido R como:
TanCosSen
gCos
CosvR
2
02
Ejercicio
1. Un avión vuela horizontalmente a una altura h y con velocidad v. En el instante en que
el avión está sobre un cañón antiaéreo, éste le dispara al avión. Calcular la velocidad
mínima v0 y el ángulo de apunte θ0 que debe tener el cañón para darle al aeroplano.
2. Nuestro goleador ve muy salido al arquero y patea al arco enviando la pelota con un
ángulo de 45°. El arquero se encuentra a 12 metros de la portería. La rapidez inicial de la
bola es de 25 m/s. Si la bola pasa a veinte cm por debajo del palo y nuestra portería mide
2,5 m de alto, diga:
a) A qué distancia se encontraba nuestro héroe al momento de patear el rebote.
b) Calcule la velocidad y la rapidez de la bola al momento de ingresar al arco.
c) Diga a qué velocidad debe correr el portero si quiere atajar.
Física mecánica
85
Movimiento circular
Otro caso particular importante de movimiento en dos dimensiones es aquel en el cual la
trayectoria de la partícula es una circunferencia. En el movimiento circular la partícula
puede tener una rapidez tangencial constante, en cuyo caso se dice que el movimiento es
circular uniforme. Dado que la velocidad es un vector hay dos formas de cambiar su
naturaleza para producir una aceleración: cambiando su magnitud o cambiando su
dirección.
Figura 3.12 Movimiento circular.
En el movimiento circular uniforme (MCU), la magnitud de la velocidad tangencial es
constante, mientras que su dirección cambia constantemente, por lo que su aceleración
media estará dada por:
t
v
tt
vva
if
if
.
Figura 3.13 Vectores posición y velocidad.
r
iv
r
fv
fv
iv
v
fr
ir
r
Física mecánica
86
Ahora bien, cuando Δt es muy pequeño en la última figura, tenemos entonces los
triángulos semejantes:
Figura 3.14 Triángulos semejantes.
Donde vemos que se cumple la relación de proporcionalidad
r
rvv
r
r
v
v
.
Entonces la aceleración promedio es:
.vr
v
t
r
r
va
En el límite cuando Δt tiende a cero, la aceleración instantánea es
r
vv
r
v
t
r
t
Lim
r
v
t
r
r
v
t
Lima
2
00
.
Hay que notar que conforme Δθ tiende a cero, el vector Δv tiende hacia el centro de la
circunferencia, es decir, tiende a la misma dirección que re . En otras palabras, esta
aceleración es radial hacia el centro.
r
var
2
. (3.30)
Cuando además de la dirección también está cambiando la magnitud de la velocidad,
decimos que hay aceleración tangencial, dada por:
fr
ir
r
fv
iv
v
Física mecánica
87
td
vdaT . (3.31)
En general, para cualquier trayectoria curva, en cada instante podemos estudiar la
aceleración en términos de sus componentes tangencial y radial (también llamada
centrípeta), trazando la circunferencia tangente interior a la curva
Figura 3.15 Centro de curvatura y componentes de la aceleración.
Vemos entonces que la aceleración en términos de sus componentes puede escribirse
como:
etd
vde
r
veaeaa rTrr
ˆˆˆˆ2
. (3.32)
Finalmente debemos recalcar que la magnitud de la aceleración estará dada por:
222
td
vd
r
va (3.33)
Velocidad angular
En una circunferencia el arco S entre dos puntos P y Q está dado por:
rS (3.34)
a
ra Ta
Física mecánica
88
Figura 3.16 Arco.
Donde θ debe estar en radianes. La velocidad tangencial será entonces la derivada
temporal del arco:
rtd
dr
td
sdv . (3.35)
Donde la cantidad dtd / se conoce cono “la velocidad angular” y es el ángulo
barrido por unidad de tiempo. La velocidad angular se expresa en radianes por unidad de
tiempo: Rad/S. Debido a que un radián no expresa una magnitud física también se expresa
en Seg-1
(ó 1/S), lo que se conoce como un Hertz ( Hz ).
Aceleración angular constante
Cuando hablamos de un movimiento circular uniformemente acelerado, estamos diciendo
que su aceleración angular es constante. Veamos que relación hay entre la aceleración
tangencial y la aceleración angular. Sabemos de la ecuación 3.31 que:
rdt
dr
td
vdaT
Donde Hemos llamado a la aceleración angular constante td
d . La expresión:
raT , (3.36)
r
S
r
Física mecánica
89
relaciona la aceleración tangencial en un punto a una distancia r del punto de rotación del
cuerpo. Usando la ecuación 3.35 en la 3.30 se sigue que:
2222
rr
r
r
var (3.37)
De las ecuaciones 3.36 y 3.37 se tiene que la magnitud de la aceleración está dada por:
424222 rrra (3.38)
Como sabemos que la aceleración angular es constante y que
td
d
Integrando esta última expresión,
ttddt
0
00
Por consiguiente se obtiene una ecuación similar a la que corresponde a la dependencia
temporal en el caso traslacional,
t 0 . (3.39)
También, por la definición de velocidad angular se ve que,
0 00
t
tdtdtdd
Esto conduce directamente a la ecuación para la posición angular equivalente a la de la
posición traslacional,
2
002
1tt (3.40)
Física mecánica
90
También se halla una ecuación análoga a 3.12
22
0
2 (3.41)
En el caso en que la aceleración angular α es cero (ω constante), tenemos que, haciendo
θ0= 0, de (3.40) se sigue:
tót .
Entonces para una revolución completa, es decir, para un giro de 2π radianes, llamaremos
al tiempo correspondiente el período ( T ), luego
2T . (3.42)
Entonces el periodo T es el tiempo que se demora la partícula en completar un giro. Al
inverso del período lo llamamos frecuencia y corresponde al número de revoluciones por
unidad de tiempo,
2f . (3.43)
Ejemplo 3.7
Calcular la aceleración radial y la velocidad tangencial sobre el ecuador terrestre.
Solución
El período de la tierra es de 24 horas, luego
,864001
360024 Seg
h
SeghT
Física mecánica
91
Luego la frecuencia es f = 1.157x10-5
Seg-1
. Como ω = 2π f, según la ecuación 2.36
tendremos que:
2/034.0 smar .
Además por 2.34 se tiene que la velocidad tangencial en el ecuador es:
smv /24.463 .
Ejercicio
La distancia promedio tierra-sol es de 1.496x1011
m. Calcule la velocidad promedio a de
la tierra alrededor del sol, así como su aceleración radial.
Ejemplo 3.8
Un punto se mueve en un círculo según la ecuación
232 ttS .
Con S en metros. Si la aceleración total del punto es K cuando t = 2 S, encontrar el radio
del círculo en función de K.
Solución
Sabemos que la velocidad tangencial es la derivada del arco,
tttd
sdv 26 2
Por tanto tenemos también que la aceleración tangencial es,
212 taT
Física mecánica
92
Evaluando la velocidad y la aceleración tangencial en t = 2 se obtiene
2/26)2(/28)2( SmaySmv T
De la ecuación de magnitud total de la aceleración se ve que en 2 Seg,
676
784
26
282826
222
2222
KKr
rK
Física mecánica
93
Ejercicios
1) Una partícula se mueve a lo largo del eje x de acuerdo a la expresión a lo largo de una
recta de acuerdo a la ley 2616)( tttx , donde x se mide en metros y t en segundos.
a) Encuentre la posición del cuerpo cuando t =1 S. ¿Para qué tiempos el cuerpo pasa por el
origen?
b) Calcule la velocidad promedio para el intervalo de tiempo 20 t S.
c) Encuentre la expresión general de la velocidad promedio en el intervalo )( 00 tttt
2) Un estudiante en su bicicleta parte del reposo y acelera a 2 m/s2 durante 5 s. Los
siguientes 10 se mueve con velocidad constante. Luego aplica los frenos y desacelera a
razón de 1 m/s2 hasta frenar. Calcule la distancia recorrida por el estudiante en su
bicicleta. Respuesta: 175 m.
3) Un carro que parte del reposo acelera a razón de 5 m/s2. ¿Cuál es la velocidad del carro
y la distancia recorrida después de 10 S ?. Respuesta: 50 m/s; 250 m.
4) Un automóvil que se mueve con aceleración constante, recorre una distancia de 30 m en
2 S. En los siguientes 2 segundos, recorre 50 m. Calcular la velocidad inicial del carro y su
aceleración. Respuesta: 10 m/s; 5 m/s2.
5) Una partícula en movimiento circular con aceleración tangencial constante, tiene en
determinado instante una velocidad tangencial de 45 m/s. Después de haber recorrido un
arco correspondiente a un ángulo de (π/3) Rad, su velocidad tangencial es de 25 m/s. El
radio de la circunferencia es de 1m.
a) Escriba completamente las tres ecuaciones que describen la cinemática angular de la
partícula.
b) Halle la aceleración total en la segunda posición.
c) Calcule el tiempo que tardará la partícula en detenerse.
6) Iniciando la primavera del año 1650 el Conde De la Croix, quien se apostaba en el valle
del río Rothein, apuntó el cañón principal de su artillería a 50º sobre la horizontal contra su
archienemigo el duque de Nantua, quien se encontraba en una pequeña meseta a 100 m de
Física mecánica
94
altura sobre el valle. La velocidad de salida de la bala era de 300m/s. El duque, quien se
encontraba retozando con su amante gitana cayó muerto al instante.
a) Halle la distancia horizontal a la que se hallaba el duque del conde.
b) Calcule también la velocidad y la rapidez de la bala al momento de asesinar al duque.
7) Un auto parte del reposo aumentando su velocidad a una razón constante de 2,0 m/s2
durante 1,5 segundos, a continuación disminuye su velocidad durante los siguientes 2,5
segundos hasta -2 m/s. luego permanece con velocidad constante durante dos segundos
más. Finalmente gasta un segundo más en detenerse.
a) Hallar el recorrido total.
b) Graficar v(t) .
8) Un carro parte del reposo y se mueve con una aceleración de 2 m/ s2 durante 5 s. Los
siguiente 10 s se mueve con velocidad constante. Se aplican los frenos y el auto
desacelera a razón de los 0,5 m/s2 hasta que se detiene. Calcule la distancia recorrida por
el carro.
9) Un cuerpo que se mueve en línea recta movimiento rectilíneo presenta una aceleración
de la forma: 𝑎 = 10 − 2𝑣. Cuando 𝑡 = 0, 𝑥 = 0 y 𝑣 = 2. Encuentre la velocidad 𝑣 y la
posición x en función del tiempo t.
10) Se lanza una piedra hacia arriba desde la base de un edificio de 27 m de altura con una
velocidad inicial de 60 m/s. Calcule el tiempo que demorara la piedra en alcanzar la
terraza del edificio, y su velocidad en dicho punto.
11) Un cuerpo se deja caer y al mismo tiempo se tira hacia abajo un segundo cuerpo con
una velocidad inicial de 1 m/s. ¿Cuándo la distancia entre ellos es de 10 m?
12) Un niño deja caer una piedra en un pozo. El sonido de la piedra al chocar contra el
suelo se escucha 3 s más tarde. Si la velocidad del sonido es de 340 m/s, calcule la
profundidad del pozo.
Física mecánica
95
13) Un punto se mueve describiendo una trayectoria circular de acuerdo a la expresión
𝑠 = 𝑡2 + 2𝑡, donde s se mide en metros y t en segundos. Si la aceleración total del punto
es 4 m/s2 cuando 𝑡 = 2𝑠, calcular el radio de la trayectoria.
14) Una partícula se mueve de acuerdo a una trayectoria circular y según la expresión
𝜃 = 3𝑡3 + 𝑡, donde θ se mide en radianes y t en segundos. Calcular la velocidad angular y
la aceleración angular después de 2 s.
15) Una rueda pate del reposo y acelera de tal manera que su velocidad angular aumenta
uniformemente a 100 rpm en 5 s. Después de haber estado girando por algún tiempo a esta
velocidad, se aplican los frenos y la rueda toma 5 min en detenerse. Si el número total de
revolución de una rueda es de 3100, calcular el tiempo total de rotación.
16) Dos ruedas cuyos radios son r = 10 cm y R = 20 cm respectivamente están conectadas
a través de una banda. La rueda de radio R parte del reposo y aumenta su velocidad
angular uniformemente a razón de 0,2π rad/s. Encuentre la relación entre las aceleraciones
angulares y los radios r y R.
17) Una avioneta está volando horizontalmente a una altura de 1km con una velocidad de
120 km/hr. Se suelta un objeto desde la avioneta. Calcule:
a) La velocidad del objeto al llegar al suelo
b) La distancia horizontal cubierta por el objeto
18) Un proyectil es disparado haciendo un ángulo de 30° con respecto al eje horizontal. Si
el alcance horizontal fue de 2 Km, calcule:
a) La velocidad inicial
b) El tiempo de vuelo
c)La máxima altura
R r
Física mecánica
96
Física mecánica
97
Capítulo 4
Dinámica
El grado sumo del saber es contemplar el por qué
Sócrates
Introducción
Como se discutió en el capítulo tres, la cinemática de una partícula es la parte de la
mecánica que describe el movimiento de un cuerpo a través de los conceptos de
desplazamiento, velocidad y aceleración sin considerar la influencia de la masa, en este
sentido la cinemática describe sólo la geometría del movimiento. Por otro lado, la
dinámica es la parte de la mecánica que se ocupa del estudio de las causas del movimiento
de los cuerpos o de los cambios en su estado de movimiento. En este tratamiento la masa
tiene un lugar preponderante, establecido en las leyes de movimiento o leyes de Newton,
como veremos a lo largo del capítulo. Podemos decir entonces que la dinámica responde a
la pregunta: ¿porqué se mueve un cuerpo?, a través del estudio de las fuerzas que actúan
sobre él.
Dado que se tratará de describir la dinámica newtoniana en el orden en que aparecen
clásicamente los principios o leyes del movimiento, debemos aclarar que en algunos casos
resulta muy difícil de eludir el uso de ciertas palabras sin que hayan sido definidas, por
ejemplo, el concepto de fuerza se define exactamente en la segunda ley, pero previamente
se esboza una definición, que nos permite avanzar en la teoría y que pretende que no nos
quedemos dando vueltas alrededor de otras palabras para eludir el uso de las que aún no se
han definido.
Si observamos que un objeto inerte como un pedazo de metal, empieza a moverse
repentinamente, buscamos la causa de éste movimiento, pues es razonable suponer que por
Física mecánica
98
sí solo no puede haberse movido. Una indagación a fondo debe conducirnos a encontrar
que la causa del cambio en su estado de movimiento es algún tipo de fuerza, pues de lo
contrario estaríamos en presencia de un fenómeno paranormal, los cuales no han podido
probarse científicamente hasta la actualidad y por tanto no son aceptados por la física como
explicación del movimiento. El problema de la causa del movimiento fue introducido por
el pensador griego Aristóteles, quien consideraba que la causa es motor de los cambios en
la naturaleza. Desde la antigüedad se ha pensado que si un objeto se mueve, esta
obedeciendo a una causa. Tales movimientos se consideraban posibles gracias a la acción
de una fuerza externa, se decía entonces que si no hay fuerza entonces no hay movimiento,
este pensamiento es planteado por Aristóteles en su segunda ley de movimiento. Se
entendía que el estado natural de los cuerpos es el estado de reposo, y la causa del
movimiento, una fuerza que actúa sobre ellos.
Primera Ley de Newton
En contraposición con las leyes de movimiento planteadas por Aristóteles, Galileo mostró
experimentalmente que para que un cuerpo se esté moviendo no tiene que haber una fuerza
actuando sobre él, pero para cambiarle su estado de movimiento habría de aplicársele una
fuerza. Este es el primer acercamiento al concepto de inercia, donde el movimiento
aparece como residente en el cuerpo. Newton a su vez muestra la relación entre la fuerza
aplicada para cambiar el estado movimiento de un cuerpo y su masa.
Pensemos por ejemplo en el esfuerzo que debe aplicar una persona para empujar y mover
una caja liviana, en comparación con el esfuerzo requerido para empujar y mover un
camión cargado que se encuentre en reposo. Es claro que aquel cuerpo que tenga menor
masa será movido más fácilmente, en este caso la caja, es decir que es susceptible de
modificar su estado de movimiento con mayor facilidad.
Para introducir la primera ley vamos a hablar del concepto de partícula libre. Una partícula
libre es la que no está sujeta a ninguna fuerza o interacción con su entorno. Es evidente
que no existe tal cosa, pues siempre una partícula estará sujeta a interacciones con las
partículas de su entorno, pero esta idealización nos ayudará a entender la primera ley. Se
Física mecánica
99
puede considerar como partícula libre aquella que está tan alejada de las demás, de tal
forma, que se pueden suponer despreciables las interacciones con otros cuerpos. El
concepto de partícula libre es una convención que permite pensar en un cuerpo libre de
interacciones con el entorno que lo rodea.
La primera ley de Newton establece que: “Una partícula libre se mueve con velocidad
constante”. Esto significa que una partícula libre, o está en reposo, o está en movimiento
rectilíneo uniforme. Esta ley también es llamada Ley de la Inercia.
La ley de inercia puede enunciarse también como: “Todo cuerpo tiene la propiedad de
permanecer en su estado de movimiento”. Otra forma de enunciarla es: “Todo cuerpo
permanecerá en reposo o en movimiento con velocidad constante, a menos que una fuerza
externa modifique su estado”. Podemos ver aquí, que se esboza una primera noción del
significado del concepto de fuerza, como aquello capaz de cambiar el estado de
movimiento de un cuerpo, pero más adelante daremos una definición más precisa.
Ejemplo 4.1
Consideremos el movimiento de una bicicleta, cuyos engranajes estén bien lubricados,
sobre una pista plana. Después de haber dado unos cuantos pedalazos y haber alcanzado
una cierta velocidad, al dejar de pedalear la bicicleta tiende a mantener la velocidad que
había alcanzado durante un largo tiempo. Esto es debido a la ley de inercia, aunque
sabemos que realmente la bicicleta irá perdiendo velocidad hasta que se detenga, gracias a
la fricción en sus ejes y al contacto con el piso, la cual es la fuerza que vuelve a cambiar su
estado de movimiento. Pero en el caso ideal, es decir, si tuviéramos una pista
infinitamente larga y unos ejes libres de fricción, la primera ley afirma que la bicicleta se
movería indefinidamente por la pista sin modificar su velocidad. Hemos despreciado
también las posibles fuerzas relacionadas con el contacto de las llantas de la bicicleta con
el piso.
Sistemas de referencia inerciales
Un sistema de referencia inercial es aquel en el cual una partícula libre se mueve con
velocidad constante. También se puede interpretar como aquel sistema de referencia desde
el que se observa que un cuerpo sobre el que no actúa ninguna fuerza neta se mueve con
Física mecánica
100
velocidad constante. En términos de la primera ley de Newton, un sistema de referencia
inercial es un sistema de referencia para el cuál es válida la primera ley de Newton. Una
consecuencia importante de la ley de la inercia es que un observador inercial es capaz de
detectar que una partícula no es libre, cuando ésta interactúa con otras partículas, se
observa que la velocidad de tal partícula no es constante.
El principio de Galileo afirma que cualquier sistema de referencia que se mueva
uniformemente con respecto a un sistema de referencia inercial es en sí mismo un sistema
de referencia inercial. El principio de relatividad afirma que todas la leyes físicas son
validas en un sistema de referencia inercial, y en conclusión, los sistemas de referencia
inerciales son los ideales para estudiar todas las leyes físicas.
Concepto de masa
En algunos contextos la masa se define como la cantidad de materia contenida en un
cuerpo, sin embargo trataremos de definir este concepto de otra manera que sea más
conveniente para los propósitos de la física. La mayoría de textos de física hablan de dos
definiciones de masa, conocidas como masa gravitacional y masa inercial. Vamos a
estudiar la manera como se definen ambas ilustrando sus diferencias, resaltando la
importancia de una concepción de la masa inercial por encima del concepto de masa
gravitacional, el cual no deja de ser útil para algunas reflexiones alrededor del concepto.
En el primer capítulo de este libro se discutió la forma como se establecen las unidades
para las magnitudes físicas, asumiendo el kilogramo (kg) como unidad convencional de
masa del sistema internacional de pesos y medidas, así que en adelante usaremos esta
unidad para la masa, tanto inercial como gravitacional.
No hay que confundir la masa con el peso del propio cuerpo, ya que este último depende
del lugar en el espacio donde se encuentre el cuerpo. El concepto de peso que usualmente
manejamos depende del valor de la aceleración de la gravedad en el sitio donde se
encuentre el cuerpo. Por ejemplo en la superficie de Júpiter el peso de un cuerpo es mucho
mayor que en la superficie de la tierra debido a la masa de este planeta. El peso de
cualquier objeto depende del planeta (o cuerpo masivo) en el que se mida, pues el peso es
el resultado de la interacción gravitacional entre el cuerpo y el planeta. Así, la masa de una
Física mecánica
101
roca es la misma en la tierra que en la luna, mientras que su peso es diferente en ambos
lugares, en la tierra es más pesada que en la luna ya que la fuerza de gravedad de la tierra
es mayor que la fuerza de gravedad de la luna. Sin embargo la masa y el peso están
relacionados en proporción directa, es decir, el cuerpo que tenga mucha masa en un
determinado lugar también tiene mucho peso en este mismo lugar. Más aún, si se duplica
la masa de un cuerpo en un lugar, entonces en consecuencia se duplica el peso del cuerpo
allí mismo.
La masa tampoco se puede confundir con el volumen. Se piensa en ocasiones que un
objeto con gran masa ocupa un gran volumen, lo cual no es siempre cierto. El volumen es
la medida del espacio ocupado, y se mide en unidades del tipo mm3 , cm3 , m3, mientras
que la masa se mide en kilogramos. No es lo mismo la cantidad de Kilogramos de un
cuerpo que el espacio que ocupa. Un kilogramo de algodón puede ocupar un espacio muy
grande, mientras un kilogramo de hierro puede ocupar un espacio muy pequeño.
Figura 4.1 Balanza de brazos
Inicialmente definimos el concepto de masa gravitacional como un número asignado a un
cuerpo en comparación con otro cuerpo patrón, cuya masa se define como la unidad. Este
proceso está basado en el uso de la atracción que la tierra ejerce sobre los objetos y a esto
debe su nombre. Para establecer esta comparación se puede usar por ejemplo una balanza
de brazos (ver figura 4.1), donde se usa un brazo para la masa patrón y el otro para el
cuerpo al que le queremos asignar un valor de masa gravitacional.
Física mecánica
102
Esta definición de masa gravitacional tiene dos inconvenientes fundamentales. Primero,
no todos los cuerpos pueden ponerse en una balanza, piense por ejemplo en la luna. Por
otro lado esta definición está basada en el supuesto de que el cuerpo está en reposo, pero
no sabemos si la masa será la misma cuando el cuerpo esté en movimiento. Para depurar
esta definición de masa, vamos a recurrir a una situación experimental. Supongamos dos
partículas aisladas sujetas sólo a su interacción mutua. Como resultado de ésta interacción
sus respectivas velocidades cambian, y supongamos que las partículas interactúan sólo
hasta cuando están muy cerca, es decir dentro de la región señalada con la circunferencia
punteada. Inicialmente las partículas de masas m1 y m2 tienen unas velocidades 𝑣 1𝑖 y 𝑣 2𝑖
respectivamente, al encontrarse muy cerca, es decir al ingresar en la región señalada por la
circunferencia punteada, sus velocidades cambian en magnitud y en dirección. Al salir de
la región de interacción, emergen con velocidades respectivas 𝑣 1𝑓 y 𝑣 2𝑓 .
Figura 4.2 Interacción entre dos partículas
Si las velocidades de las partículas antes de la interacción son 𝑣 1𝑖 y 𝑣 2𝑖 respectivamente, y
las velocidades después de la interacción son 𝑣 1𝑓 y 𝑣 2𝑓 , entonces el cambio de las
respectivas velocidades después de la interacción es:
∆𝑣 1 = 𝑣 1𝑓 − 𝑣 1𝑖 y ∆𝑣 2 = 𝑣 2𝑓 − 𝑣 2𝑖
Se sabe experimentalmente que los cambios de las velocidades ∆𝑣 1 y ∆𝑣 2 tienen
direcciones opuestas, es decir que uno es proporcional al otro en la forma: ∆𝑣 1 ∝ −∆𝑣 2.
𝑣 2𝑖
m2 m1 𝑣 1𝑖
𝑣 1𝑓
𝑣 2𝑓
Física mecánica
103
También es un resultado experimental que el cociente entre las magnitudes de los mismos
permanece constante, esto es
∆𝑣 1
∆𝑣 2 = 𝑐𝑜𝑛𝑠𝑡𝑎𝑛𝑡𝑒
Un último hecho experimental a tener en cuenta es que las magnitudes de los cambios en la
velocidad de cada una de las masas, son inversamente proporcionales a las masas,
∆𝑣 1
∆𝑣 2 =
𝑚2
𝑚1 (4.1)
La ecuación (4.1) sirve para comparar las masas de dos partículas que interactúan en algún
instante. La masa obtenida de ésta forma se conoce como masa inercial, de esto se
concluye que la masa inercial de una partícula es una propiedad que determina cómo
cambia su velocidad cuando interactúa con otros cuerpos.
𝑚2 = 𝑚1 ∆𝑣 1
∆𝑣 2 (4.2)
Teniendo en cuenta las relaciones anteriores podemos escribir la siguiente relación
vectorial para los cambios en las velocidades como:
𝑚1∆𝑣 1 = −𝑚2∆𝑣 2 (4.3)
En donde el signo negativo significa que los cambios ∆𝑣 1 y ∆𝑣 2 tienen direcciones
opuestas. Retornaremos a esta última ecuación más adelante para definir la tercera ley del
movimiento.
Momento lineal o Cantidad de movimiento
El tratamiento que se le da a la masa en las primeras ecuaciones nos conduce a definir un
nuevo concepto en física, tal cantidad física se conoce como: momento lineal, llamado
Física mecánica
104
también momentum o cantidad de movimiento de una partícula. Definimos el momento
lineal 𝑝 de una partícula con masa 𝑚 que se mueve con velocidad 𝑣 como
𝑝 = 𝑚𝑣 (4.4)
El momento 𝑝 de una partícula es una cantidad vectorial, ya que depende de la masa 𝑚
(escalar) y de la velocidad 𝑣 (vector). La cantidad de movimiento 𝑝 se define entonces
como el producto del escalar m (masa) por el vector velocidad 𝑣 . La dirección del vector
cantidad de movimiento 𝑝 está determinada por la dirección del vector velocidad.
Ejemplo 4.2
Un ciclista suma junto con la masa de su bicicleta 110 kg y viajan a una velocidad
constante de 14 m/s. Hallar la cantidad de movimiento del sistema masa-ciclista.
Solución
Sabemos que la cantidad de movimiento del cuerpo se define como
𝑝 = 𝑚𝑣
En este caso la masa es de 110 kg y la velocidad es de 14 m/s, y por simplicidad podemos
asumir que el movimiento es en una dimensión, en este caso podemos suponer que la
dirección es la del eje x entonces,
𝑝 = 𝑚𝑣 = 110 kg 14m
s 𝑖 = 1540 kg
m
s 𝑖
Se puede notar que la unidad de la cantidad de movimiento en el sistema internacional es
kg(m/S). El ejemplo anterior está tratado en una dimensión, en este caso el sistema de
referencia consta de un solo eje (hemos tomado el eje 𝑥). Pero la situación puede
extenderse a dos y tres dimensiones. En dos dimensiones el momento lineal también tiene
componentes,
𝑝 = 𝑝𝑥 𝑖 + 𝑝𝑦 𝑗 = 𝑚𝑣𝑥 𝑖 + 𝑚𝑣𝑦 𝑗 = 𝑚(𝑣𝑥 𝑖 + 𝑣𝑦 𝑗 ) = 𝑚𝑣 (4.5)
Física mecánica
105
En el caso de tres dimensiones 𝑝 tiene tres componentes. El momento lineal o cantidad de
movimiento es una cantidad dinámica cuyo aporte es más significativo que el de la
velocidad vista independientemente. Por ejemplo, si se requiere detener un camión que se
mueve con una rapidez 𝑣 es más fácil hacerlo si éste no se encuentra cargado, es decir, con
más masa. Se requiere más esfuerzo para detener el camión cargado que cuando se
encuentra descargado. De acuerdo con todo lo anterior se puede reescribir la ley de la
inercia como sigue: “Una partícula libre siempre se mueve con momento lineal constante
en relación con un sistema de referencia inercial”
De otra manera, si la partícula no es libre y suponemos que su masa no cambia en el
tiempo entonces experimenta cambios de velocidad en intervalos de tiempo ∆𝑡, en este
caso escribimos el cambio del momento lineal como:
∆𝑝 = ∆ 𝑚𝑣 = 𝑚∆𝑣 (4.6)
El momento lineal de un sistema de 𝑛 partículas se define como la suma de todos los
momentos individuales:
𝑝 = 𝑝 𝑖𝑛𝑖=1 = 𝑚𝑖𝑣 𝑖
𝑛𝑖=1 (4.7)
En este caso 𝑝 𝑖 representa el momento lineal de la partícula i-ésima del sistema. En
algunos casos se abusa del lenguaje hablando simplemente de momento, en vez del nombre
completo momento lineal. Esto se permite y de hecho es muy usado por algunos autores,
pero debemos ser cuidadosos con el lenguaje, así que sólo se hará este abuso cuando no
haya lugar a confusiones.
Ejemplo 4.3
Un avión de masa 20 toneladas viaja a una velocidad 𝑣 = 200,30 𝑚𝑆 𝑖 . Otro avión de
masa 28 toneladas viaja a una velocidad 𝑣 = 100,25 𝑚
𝑠 𝑖 . Considere el sistema formado
por los dos aviones para hallar la cantidad de movimiento total del sistema.
Física mecánica
106
Solución
Suponiendo que los dos aviones forman un sistema de partículas, que se mueven en el
mismo eje, entonces la cantidad de movimiento del sistema está dada por la ecuación (3.6).
Notemos en este caso que los vectores velocidad están ambos en la dirección x, así que el
problema se reduce a una suma de escalares, si 𝑚1 = 20000 𝑘𝑔 y 𝑚2 = 28000 𝑘𝑔,
entonces
𝑝 = 𝑚1𝑣 1 + 𝑚2𝑣 2
= 20000𝑘𝑔 200,30 𝑖 𝑚/𝑠 + 28000 𝑘𝑔 100,25 𝑖 𝑚/𝑠
= [ 4006000 𝑘𝑔𝑚
𝑠+ 2807000 𝑘𝑔
𝑚
𝑠] 𝑖
= 6813000 𝑘𝑔 𝑖 𝑚
𝑠
Segunda Ley de Newton
Inicialmente se esbozó una definición de fuerza como: cualquier acción o influencia capaz
de modificar el estado de movimiento o de reposo de un cuerpo; es decir, de imprimirle
una aceleración. Sin embargo, la fuerza sobre una partícula se puede definir en forma más
precisa como la derivada de su momento lineal respecto al tiempo:
𝐹 =𝑑𝑝
𝑑𝑡 (4.8)
Ésta relación constituye la segunda ley del movimiento formulada por Newton, y se puede
enunciar como sigue: “La tasa de cambio del momento lineal de una partícula con respecto
al tiempo es igual a la fuerza que actúa sobre la partícula”. Si la partícula es libre, de
acuerdo con la segunda ley de Newton, 𝑝 es constante y por lo tanto
𝐹 =𝑑𝑝
𝑑𝑡= 0
Física mecánica
107
Y podemos afirmar que sobre la partícula libre no actúa ninguna fuerza, y en este caso el
momento lineal de la partícula es constante, lo que significa que la partícula, o está en
reposo o se mueve con velocidad constante.
Dado que, en general la masa de una partícula o sistema no tiene porque ser constante, la
segunda ley de Newton se escribe como
𝐹 =𝑑𝑝
𝑑𝑡=
𝑑 𝑚𝑣
𝑑𝑡= 𝑚
𝑑𝑣
𝑑𝑡+ 𝑣
𝑑𝑚
𝑑𝑡= 𝑚𝑎 + 𝑣
𝑑𝑚
𝑑𝑡 (4.9)
Esta es la forma completa de la segunda ley de Newton, sin embargo en muchos casos la
masa del cuerpo o cuerpos que conforman un sistema físico no presenta variaciones, por lo
cual en muchos textos de física, la segunda ley se enuncia sin el último término en la
ecuación (4.9), la cual es una versión reducida de la segunda ley, que aplica sólo cuando la
masa es constante y se escribe como:
𝐹 = 𝑚𝑎 (4.10)
En esta última ecuación notamos que si la fuerza 𝐹 sobre la partícula es constante,
entonces la aceleración también lo es, por lo cual podemos escribir la magnitud de la
aceleración como 𝑎 = 𝐹/𝑚 , lo que nos muestra como la masa afecta la cinemática de las
partículas.
Como puede verse en la ecuación (4.10), las unidades en que se mide la fuerza son el
producto de unidades de masa por unidades de aceleración, es decir, kg(m/S). Por lo tanto,
la unidad para medir la fuerza en el SI es el Newton y su símbolo es N, el cual se define
como:
1𝑁 = 1 𝑘𝑔 𝑚/𝑆2
Finalmente hay que añadir que las fuerzas cumplen el principio de superposición vectorial,
es decir, la fuerza neta o fuerza resultante sobre un cuerpo es igual a la suma de todas las
fuerzas que actúan sobre el cuerpo, entonces para cualquier caso en que la masa no varíe,
la segunda ley de Newton se escribe como:
Física mecánica
108
𝐹 = 𝑚𝑎 (4.11)
La segunda ley de Newton, por lo general se analiza para cada una de las dimensiones del
plano de movimiento de las partículas. Recuérdese que hemos descrito la cinemática sólo
hasta dos dimensiones, pero cuando se necesite puede hacerse también los mismos análisis
en tres dimensiones. Antes de comenzar a aplicar la segunda ley a problemas particulares
vamos a describir la tercera ley de Newton y su relación con el momento lineal.
Tercera Ley de Newton
En un sistema compuesto por varias partículas, sobre cada una de ellas actúan las fuerzas
exteriores al sistema y también las fuerzas de interacción mutua entre las partículas del
sistema. La suma de todas las fuerzas exteriores se reconoce como fuerza neta sobre la
partícula o sobre el sistema de partículas. Un sistema de dos partículas que sólo está
sometido a sus fuerzas mutuas se conoce como sistema aislado. En principio se ha
enunciado el concepto de sistema aislado sólo para dos partículas pero éste se puede
extender para cualquier número de ellas.
Retomemos la ecuación (4.3), recordando que los cambios de velocidad se dan
simultáneamente para ambas partículas, es decir, en el mismo tiempo Δt, por lo tanto
podemos dividir a ambos lados por el mismo tiempo Δt, obteniendo:
𝑚1∆𝑣 1
∆𝑡= −
𝑚2∆𝑣 2
∆𝑡
Si consideramos tiempos suficientemente pequeños en esta última expresión, o
equivalentemente hacemos el límite en que Δt tiende a cero manteniendo la masa
constante, podemos ver que el numerador en ambos lados corresponde a la derivada del
momento lineal respecto al tiempo, por lo cual podemos escribir:
𝑑𝑝 1
𝑑𝑡= −
𝑑𝑝 2
𝑑𝑡 (4.12)
Física mecánica
109
Dado que la fuerza sobre una partícula se define como la derivada de su momento lineal
respecto al tiempo, la ecuación (4.12) es equivalente a:
𝐹 1 = −𝐹 2 (4.13)
Esta expresión es conocida como la tercera ley de Newton y nos indica que las fuerzas que
se ejercen mutuamente las dos partículas son de igual magnitud y de sentido contrario.
Recuerde que para llegar a esta ley hemos considerado sólo la interacción entre dos
partículas que conforman nuestro sistema aislado. Esta ley también se escribe
frecuentemente en la forma:
𝐹 12 = −𝐹 21
La cual se lee así: La fuerza que la partícula dos ejerce sobre la partícula uno es igual en
magnitud y de sentido contrario a la fuerza que le ejerce la partícula uno a la partícula dos.
Una de las dos fuerzas se llama acción y la otra reacción, por esta razón esta ley también se
conoce como ley de acción-reacción y afirma que: en sistemas aislados no puede existir
una fuerza individual, sino que existen por pares acción-reacción. Si el sistema está
compuesto por varias partículas, la interacción de cada partícula con cada una de las demás
genera un par acción reacción.
Conservación del momento lineal
El principio de conservación del momento lineal se puede deducir de la tercera ley de
Newton partiendo de la ecuación (4.12), la cual puede reescribirse poniendo los dos
términos al lado izquierdo,
𝑑𝑝 1
𝑑𝑡+
𝑑𝑝 2
𝑑𝑡= 0
𝑑
𝑑𝑡 𝑝 1 + 𝑝 2 = 0 (4.14)
Física mecánica
110
La ecuación (4.14) nos dice que para un sistema de dos partículas aisladas no hay variación
del momento lineal total, que es la suma de los momentos individuales, es decir que el
momento lineal total de un sistema aislado permanece constante en el tiempo. Hay que
Recordar que la expresión (4.12) es válida para un sistema de dos partículas aisladas, sin
embargo la expresión (4.14) puede ampliarse a un sistema aislado de n partículas
interactuando entre ellas. El principio de conservación del momento lineal para un sistema
de n partículas establece que
𝑑
𝑑𝑡 𝑝 1 + 𝑝 2 + ⋯ + 𝑝 𝑛 = 0 (4.15)
Esta ecuación nos dice que el momento lineal total de cualquier sistema de partículas
aisladas permanece constante en el tiempo, lo cual también puede expresarse como
𝑝 1 + 𝑝 2 + ⋯ + 𝑝 𝑛 = 𝐶𝑜𝑛𝑠𝑡𝑎𝑛𝑡𝑒 (4.16)
Este principio también puede expresarse diciendo que el momento total de un sistema de
partículas en un tiempo inicial es igual al momento total en un tiempo final después de que
haya ocurrido una interacción entre ellas. Usando un índice i adicional para los momentos
iniciales y un índice f para los momentos finales, la conservación del momento lineal para
sistemas aislados de partículas se escribe como:
𝑝 1𝑖 + 𝑝 2𝑖 + ⋯ + 𝑝 𝑛𝑖 = 𝑝 1𝑓 + 𝑝 2𝑓 + ⋯ + 𝑝 𝑛𝑓 (4.17)
Más adelante veremos como se aplica este principio en el estudio de colisiones y en el
movimiento de sistemas de partículas.
Tipos de fuerzas más comunes
Antes de comenzar a aplicar los conceptos explicados en la solución de problemas
prácticos, vamos a revisar los tipos de fuerzas más comunes, para luego poder retomarlas
en cada caso que se necesiten. Dichas fuerzas son: el peso, la fuerza normal, la fuerza de
fricción y la tensión. La fuerza elástica que ejercen los resortes se estudiará más adelante
Física mecánica
111
en el capítulo de trabajo y energía. Sólo se comenzarán a resolver problemas particulares
cuando se haya hecho una descripción de cada una de éstas.
El peso
Es la fuerza que sienten los cuerpos debido a la atracción gravitacional de la tierra y
siempre apunta hacia el centro de ésta. El peso se denota en la mayoría de libros de física
con la letra mayúscula W y así lo haremos en este texto. Tal como se dijo en la sección
correspondiente a caída libre en el capítulo anterior, vamos a considerar la tierra como
localmente plana, y por lo tanto, el peso siempre se dibujará perpendicular al suelo, visto
horizontalmente, y dado que la aceleración debida a la gravedad es g (ver figura 3.6),
escribiremos siempre la magnitud del peso como:
𝑊 = 𝑚𝑔 (4.18)
En esta ecuación vemos que todo cuerpo sometido únicamente a la acción de la fuerza de
gravedad (en caída libre), es decir, cuando la única fuerza que actúa sobre él es el peso,
será acelerado con una magnitud de aceleración g hacia el suelo, aunque en este caso
estamos considerando solamente la magnitud de la aceleración y una descripción vectorial
completa del problema debe tener en cuenta la dirección de la aceleración.
La fuerza normal
Definimos la fuerza normal como aquella que ejerce una superficie sobre un cuerpo que se
apoya sobre ella. Un cuerpo sigue sintiendo la fuerza de gravedad cuando está sobre una
superficie, entonces el hecho de que esté en reposo implica que hay una fuerza de sentido
contrario que ejerce la superficie sobre el cuerpo para evitar que éste se mueva, esta es la
fuerza normal. Esta fuerza se denotará también igual que en la mayoría de textos con una
letra mayúscula N. A diferencia del peso, que siempre es perpendicular al suelo, la fuerza
normal siempre es perpendicular a la superficie sobre la que se encuentre el objeto, lo cual
se ilustra en la siguiente figura:
Física mecánica
112
Figura 4.3 El peso y la fuerza normal
En la figura 4.3 se ilustran las dos primeras fuerzas que hemos descrito, para una superficie
horizontal y para un plano inclinado un ángulo α, pero no se han hecho análisis de fuerzas,
para esto esperaremos a que hayamos descrito un poco más este paso, que es necesario en
la solución detallada de cualquier problema de dinámica. Note en la figura de la derecha
como la fuerza normal en el plano inclinado es perpendicular a la superficie en la que se
apoya el bloque, mientras que el peso se sigue dibujando perpendicular a la superficie
horizontal del suelo. Además se debe recordar que, dado que los cuerpos que estamos
estudiando se consideran puntuales, las fuerzas se deben dibujar siempre actuando sobre el
centro de masa del objeto. Por ahora podemos asumir el centro de masa de los cuerpos
como su centro geométrico, pero más adelante se explicará la forma como se calculan las
coordenadas de centro de masa de un cuerpo. También debemos recordar que la geometría
y volumen completos del cuerpo se considerarán en el último capítulo correspondiente a
dinámica del cuerpo rígido, en el cual se introducen los efectos rotacionales debidos a la
distribución de la masa de los cuerpos. Así que, por ahora no tendremos en cuenta los
posibles efectos rotacionales que introducen las fuerzas. En la sección siguiente se
explican los diagramas de fuerzas para los cuerpos en estudio.
Fuerza de fricción
Ésta también es llamada fuerza de rozamiento. Cuando le damos un empujón a un cuerpo
y le dotamos de una velocidad inicial, para que se deslice por una superficie, este se va
frenando poco a poco hasta que se detiene, esto significa que hay una fuerza que lo está
desacelerando, pues le está disminuyendo su velocidad, esta fuerza es la fricción. La
fuerza de rozamiento se origina en las rugosidades microscópicas de las superficies en
N
W α
N
W
Física mecánica
113
contacto dependiendo además, entre muchos otros factores como: la humedad del
ambiente, la temperatura, la composición química de los cuerpos, etc.
Figura 4.4 Vista microscópica de las rugosidades de las superficies en contacto
En la figura 4.4 se observa una vista microscópica de la región de contacto entre la
superficie de apoyo y la superficie inferior de un bloque, en la cual se nota que las
rugosidades juegan un papel importante en la fuerza de fricción, de la cual también puede
decirse que es un efecto estadístico de sumar una gran cantidad de fuerzas microscópicas
presentes.
A través de la experimentación se sabe que la magnitud de la fuerza de fricción es
proporcional a la magnitud de la fuerza normal que ejerce la superficie. A la constante de
proporcionalidad se le llama coeficiente de fricción y se denota por la letra griega μ (se lee:
mu). Por lo tanto, la magnitud de la fuerza de fricción se expresa como:
(4.19)
El coeficiente de fricción no tiene unidades por ser una constante de proporcionalidad entre
dos fuerzas. Cuando el cuerpo está quieto sobre la superficie se dice que el coeficiente de
fricción es estático y se denota por μe . Cuando el cuerpo se está moviendo con rapidez
constante se habla de coeficiente de fricción cinético y se denota por μk . Finalmente,
cuando el cuerpo se está moviendo con aceleración constante se dice que la fricción es
dinámica y el coeficiente se denota por μd . En muchos casos estáticos y dinámicos que
vamos a estudiar, se incurre en un abuso de lenguaje al omitir el índice del coeficiente de
NFf
Física mecánica
114
fricción, pero se supone que se tiene la suficiente claridad para que ello no obstaculice la
solución.
Figura 4.5 La fuerza de fricción se opone a la dirección de movimiento
La fuerza de fricción actúa entre las dos superficies y debería dibujarse aplicada en la parte
inferior del bloque, pero dado que el cuerpo en estudio es considerado puntual, al hacer un
diagrama de fuerzas aplicadas al objeto deben dibujarse todas las fuerzas aplicadas al
centro de masa. En la figura 4.5 ilustramos el caso en que se aplica una fuerza horizontal F
a un bloque sobre una superficie rugosa y podemos ver que la dirección en la que se dibuja
la fuerza de fricción es opuesta a la dirección de F. En adelante hay que tener en cuenta
que la fuerza de fricción siempre se debe dibujar contraria a la dirección de movimiento de
un bloque o a su posible dirección de movimiento. Sin embargo, veremos por ejemplo
como al tratar el problema del rodamiento hay que analizar otros aspectos de la fricción
relacionados con el torque, por lo cual esperaremos hasta el capítulo de dinámica del
cuerpo rígido de este libro para retomar la discusión acerca de la dirección de la fuerza de
fricción.
Si un cuerpo está en reposo sobre una superficie que le presenta fricción e intentamos
empujarlo iniciando con una fuerza horizontal F (ver figura 4.5) de poca intensidad y la
vamos aumentando gradualmente, encontraremos que el cuerpo seguirá en reposo hasta
que la intensidad de la fuerza aplicada sea suficiente para sacarlo de su estado de reposo y
ponerlo en movimiento. Durante el tiempo en que la fuerza aplicada no es suficiente para
moverlo, la fuerza de fricción es estática y tan pronto comience a moverse, la fuerza de
fricción estará determinada por el coeficiente de fricción cinético o dinámico, según sea el
caso. A medida que aumenta la fuerza F, también va aumentando la fuerza de rozamiento
N
W
Ff F
Física mecánica
115
estática Fe hasta que alcanza un valor límite en el momento en que el bloque se empiece a
mover, en este preciso momento, la fuerza de fricción estática es
(4.20)
Pero mientras que la fuerza de fricción estática Fe no alcance este valor límite no se escribe
de esta manera. Entonces la fuerza de fricción estática, obedece en general la relación
(4.21)
Los experimentos también han mostrado que el coeficiente de fricción estático es más alto
que el cinético, es decir que se necesita menos fuerza para mantenerlo en movimiento que
para sacarlo de su estado de reposo. En algunas situaciones, la fuerza de fricción es
compleja de describir, en muchos casos por ejemplo, aparece un término que es
proporcional a la velocidad, pero nosotros no vamos a considerar este tipo de fuerzas. En
el planteamiento de la dinámica de fuerzas que afectan un cuerpo escribiremos siempre la
fuerza de fricción como en la ecuación (4.19), es decir, como el producto de un coeficiente
por la fuerza normal, aunque para el caso estático hay que recordar que sólo se escribe así
en el caso límite expuesto. Esta fuerza está presente en casi todos los sistemas físicos
reales y aunque el tratamiento que hacemos en este libro es apenas una aproximación, nos
permite estudiar algunos aspectos básicos del fenómeno de la fricción. Un tratamiento más
exacto y elaborado está por fuera de los objetivos de este libro.
Podemos caminar gracias a la fricción, pues al movernos hacia adelante “empujamos el
suelo hacia atrás” y la respuesta de éste es la fuerza de fricción, que apunta hacia adelante
y no permite que resbalemos. Cuando uno se para sobre una superficie muy resbalosa,
como un piso enjabonado, experimenta la dificultad para avanzar horizontalmente, esto es
debido a la escasa fuerza de fricción estática. Aunque describir completamente el acto de
caminar en términos de ecuaciones y principios físicos es más complejo, puede entenderse
inicialmente en forma simple en términos de estas dos fuerzas. Puede darse una discusión
amplia del proceso físico de caminar, comenzando por preguntar ¿porqué se había dicho en
un párrafo anterior que la fuerza de fricción siempre apunta en sentido opuesto al
movimiento, pero vemos que al caminar el movimiento es en la misma dirección que la
fuerza de fricción?. Esta discusión se deja como ejercicio al lector, con la certeza de que
NF ee
NF ee
Física mecánica
116
encontrará la respuesta razonando en términos de las primeras leyes del movimiento que
hemos expuesto.
La tensión
En ocasiones las fuerzas se ejercen a través de cuerdas, tal como se ilustra en la figura 4.6,
en la que dos cuerdas suspendidas del techo se unen a una tercera de la que cuelga una
masa m. Las cuerdas usadas para transmitir esfuerzos son llamadas ideales cuando se
consideran sin masa e inextensibles, es decir, no se estiran ni se encogen. El hecho de que
no tengan masa, nos permite decir que la única función de una cuerda ideal es transmitir
esfuerzos, pero no hay que hacer sumatoria de fuerzas para ella.
Figura 4.6 Bloque de masa m suspendido por cuerdas ideales.
Las tensiones se denotarán en la mayoría de casos por una letra T, seguida de un índice
para diferenciarla cuando haya más de una como en la figura 4.6. En este caso hay que
hacer un análisis de fuerzas para la masa y otro para el punto donde se unen las tres
cuerdas, en el cual se deben equilibrar las tres tensiones. También puede analizarse el
punto donde la cuerda está atada al techo, pero en muchos casos no se hace. En la
siguiente sección, se hará el análisis de fuerzas para este problema, encontrando
algebraicamente la magnitud de las tensiones en función de la masa y los ángulos.
T1
θ
m
T2
T3
φ
Física mecánica
117
Diagrama de fuerzas
Caso estático
Figura 4.7 Diagrama de fuerzas
En este primer ejemplo se analizan las fuerzas en un caso estático, en el cual la sumatoria
de fuerzas es cero, al igual que el ilustrado en las figuras 4.5 y 4.6. Un diagrama de
fuerzas en un plano xy para un cuerpo debe incluir todas las fuerzas que actúan sobre él, sin
olvidar que seguimos considerándolo puntual, por lo cual todas las fuerzas se dibujan
aplicadas a su centro de masa. El diagrama de fuerzas mostrado en la figura 4.7
corresponde a la situación planteada en la figura 4.5, y ahora retomamos el razonamiento
acerca de la fuerza aplicada F.
En el caso en que la fuerza F no alcanza a sacar al bloque de su estado de reposo, la fuerza
de fricción estática también se dibuja opuesta a F, puesto que es precisamente la fuerza Fe
la que se equilibra con F para mantener en reposo al bloque en dirección horizontal,
entonces, observando la figura 4.7, podemos escribir la sumatoria de las fuerzas en
dirección x, en forma escalar, como:
(4.22)
Note que en esta expresión hemos tomado sólo las magnitudes de las fuerzas en dirección
x, puesto que nos interesa usar el hecho de que la suma de componentes en esa dirección es
eeex FFFFFFF 00
N
W
Ff F
y
x
Física mecánica
118
cero por estar en reposo. La oposición de las fuerzas se expresa por medio del signo de
cada fuerza en la sumatoria.
En el caso límite en que el bloque está a punto de moverse se cumple que la fuerza de
fricción estática Fe es igual al coeficiente de fricción estático por la normal
(4.23)
Si aplicamos la misma condición de equilibrio para el bloque de la figura 4.5 en la
dirección vertical, la expresión será:
(4.24)
Por lo cual escribimos
(4.25)
Y al sustituir la ecuación (4.25) en (4.23), encontramos que el valor de la fuerza F
necesaria para sacar el bloque del reposo y ponerlo en movimiento está dado por:
(4.26)
En adelante resolveremos los problemas apelando a las condiciones dinámicas del cuerpo o
a sus condiciones de equilibrio. La sumatoria de fuerzas puede conducir a una aceleración
diferente de cero en las dos direcciones que se analizan; puede ser cero en una o dirección
mientras en la otra presente aceleración, o puede ser cero en ambas como en el ejemplo
estático que se acaba de ilustrar, pero en todos los casos se analizarán las componentes
escalares de las fuerzas en cada dirección por separado.
Abordaremos ahora el problema de calcular las tensiones del sistema planteado en la figura
4.6.
0 WNFy
NF
FF
e
e
gmWN
gmF e
Física mecánica
119
El diagrama de fuerzas para la masa se realiza sólo en dirección vertical, puesto que sobre
ella no hay ninguna fuerza horizontal aplicada, y se ilustra en la figura 4.8.a. La sumatoria
de fuerzas en dirección vertical para la masa es:
(4.27)
Por lo cual podemos saber el valor de la tensión T3, como
(4.28)
Figura 4.8 Diagrama de fuerzas para el bloque y para el punto de unión de las cuerdas
Ahora vamos a calcular las magnitudes de las otras dos tensiones, para lo cual se dibuja un
diagrama de fuerzas para el punto donde se unen las tres cuerdas, ilustrado en la figura
T1
θ
m
T2
T3
φ
03 mgTFy
mgT 3
T1
θ
T2
T3
φ
y
x T1x
T1y
T2x
T2y
b)
m
y
T3
mg
a)
Física mecánica
120
4.8.b, donde se ilustran además las componentes de las dos tensiones en las direcciones de
los ejes.
La sumatoria de fuerzas en dirección horizontal es
(4.29)
De donde se establece la relación entre las tensiones T1 y T2.
(4.30)
La sumatoria de fuerzas en dirección vertical es
(4.31)
Reemplazamos (4.28) y (4.30) en (4.31)
(4.32)
De donde se obtiene le valor para la tensión T1 , en función de los ángulos, la masa y g,
(4.33)
Sustituyendo este valor en la ecuación (4.30) hallamos finalmente el valor de T2
(4.34)
A resolver cualquier problema de física, es recomendable encontrar una solución
algebraica en términos de los términos que se conocen. En este caso se suponen conocidos
01212 CosTCosTTTF xxx
12 TCos
CosT
0312312 TSenTSenTTTTF yyy
011
mgSenTSenT
Cos
Cos
SenCosTan
mgT
mgSenCosTanT
1
1 0
SenCosTanCos
CosmgT
2
Física mecánica
121
los ángulos, la masa y la gravedad g. En adelante no recordaremos que el valor de g se
supone conocido, esto se asumirá en el resto del libro.
Caso acelerado
Cuando en un problema se presenta aceleración en alguna dirección y no hay variaciones
en las masas involucradas, escribimos la suma de fuerzas en esa dirección como lo dice la
segunda ley en la ecuación (4.11), pero teniendo en cuenta que al analizar cada dirección
se hace un tratamiento escalar. En este primer caso acelerado que vamos a analizar,
tenemos un bloque de masa m sobre una superficie inclinada un ángulo β, atado por medio
de una cuerda ideal, que pasa por una polea ideal, a otro bloque de masa M, tal como se ve
en la figura 4.9.
Figura 4.9 Primer ejercicio con masas aceleradas.
Note que se está dibujando un perfil transversal de la situación física, puesto que no se ve
la profundidad de los elementos involucrados. Decimos que una polea es ideal cuando se
considera que no tiene masa y que no presenta ninguna fricción en su eje, por lo cual
tampoco se analizan fuerzas sobre una polea ideal. Además es importante notar que una
cuerda ideal al pasar por una polea ideal, como en este caso, tampoco presenta desgaste por
fricción, así que podemos asumir que la cuerda siempre está haciendo rotar la polea y no se
desliza sobre ella. En algunos casos es importante calcular la fuerza de reacción en la
polea, en estos casos se deben tener en cuenta dos fuerzas de reacción en el eje y se deben
sumar también las tensiones actuando tangencialmente sobre los bordes de la polea.
Consideremos inicialmente que no hay rozamiento entre la superficie inclinada y el bloque
y también que el bloque de masa M desciende mientras que el bloque de masa m asciende
por el plano. En las gráficas se ilustra la dirección de movimiento de las masas con una
m
β
M
Física mecánica
122
flecha gruesa. Al solucionar este problema también asumiremos que se conocen las masas
y el ángulo β. En este caso nos interesa calcular la tensión T en la cuerda y la aceleración
de los bloques. Es muy importante recalcar que, en adelante, al escribir la sumatoria de
fuerzas en cada dirección para cada masa, se asumirá como positiva la dirección en la cual
se presenta la aceleración. Esto no es más que una convención para escribir como
positivas las fuerzas que tienen la dirección en la que se acelera un cuerpo y como
negativas las fuerzas que apuntan en sentido contrario, de manera que la aceleración
siempre se tome como positiva en la segunda ley de Newton. Según esto, para la masa m,
observamos el diagrama de fuerzas en la figura 4.10.a y tenemos las sumatorias de fuerzas
en ambas direcciones dadas por:
(4.35)
(4.36)
Figura 4.10 Diagramas de fuerzas.
Vemos en la figura 4.10.a que en este caso los ejes coordenados para la masa m se han
rotado el mismo ángulo β de inclinación del plano. Esto es aconsejable hacerlo puesto que
así sólo hay que descomponer vectorialmente el peso, mientras las fuerzas N y T quedan
sobre los ejes y no hay que descomponerlas. En la mayoría de situaciones físicas que
0
CosmgNF
amSenmgTF
y
x
Mg
b)
mg Senβ
β
y
x
T
N
mg Cosβ
mg
a)
y
T
Física mecánica
123
vamos a considerar con planos inclinados, el peso se descompondrá de esta forma, con una
componente paralela al plano inclinado y otra perpendicular a éste.
Para la masa M, el diagrama de fuerzas se ilustra en la figura 4.10.b, y la segunda ley
conduce a la ecuación
(4.37)
Despejando la tensión de (4.36) y sustituyéndola en (4.37) se obtiene
(4.38)
(4.39)
De donde se despeja la aceleración:
(4.40)
Al sustituir esta aceleración en la tensión despejada en la ecuación (4.38) se obtiene
(4.41)
Un poco de álgebra, que puede ser desarrollada por el lector, conduce a
(4.42)
Hemos encontrado entonces la aceleración del sistema y la tensión en la cuerda en función
de las masas y el ángulo β. Note como la tensión en la cuerda aumenta con el ángulo β
mientras que la aceleración disminuye con éste. El caso en que se presenta fricción
aMTMgF
MamgSenmaMg
mgSenamT
)(
mgSenMgmaMaMamgSenmaMg
mgSenmM
mSenMgmT
mM
SenmMgT
1
mM
mSenMga
Física mecánica
124
dinámica entre la masa m y la superficie se deja como ejercicio al lector, para lo cual debe
incluir la fuerza de fricción en el diagrama de fuerzas de la figura 4.10, apuntando ésta en
la dirección negativa del eje x.
Ejemplo 4.4
Un bloque de masa m1 se encuentra sobre una mesa que presenta un coeficiente de fricción
dinámico µd, y está atado a una masa m2 por medio de una cuerda ideal, que pasa por una
polea sin masa ni fricción en su eje, tal como se ve en la figura 4.11.
Figura 4.11. Mesa con fricción
Queremos calcular la tensión en la cuerda y la aceleración del sistema en función de las
masas y del coeficiente de fricción dinámico µd. Los diagramas de fuerzas para las dos
masas se presentan en la figura 4.12.a y 4.12.b
Figura 4.12 Diagramas de fuerzas.
m1
m2
m2g
b)
Ff
y
x T
N
m1g
a)
y
T
Física mecánica
125
Las sumatorias de fuerzas para la masa m1 son:
(4.43)
(4.44)
De la ecuación (4.44) se obtiene N y se sustituye en la fuerza de fricción dinámica en
(4.33), para obtener:
(4.45)
El diagrama de fuerzas para la masa m2, ilustrado en la figura 4.12.b conduce a:
(4.46)
Si despejamos la tensión en (4.45) y en (4.46), y las igualamos hallamos la aceleración
(4.47)
Para hallar la tensión se sustituye esta aceleración en cualquiera de las dos ecuaciones
donde se despejó la tensión. El trabajo algebraico se deja como ejercicio al lector.
amFTF fx 1
amgmT
amNTFTgmNgmN
d
df
11
111 0
amTgm 22
21
12
2112
1122
1122
mm
mmga
amamgmgm
gmamamgm
gmamTyamgmT
d
d
d
d
01 gmNFy
Física mecánica
126
(4.48)
Ejemplo 4.5. La máquina de Atwood
Figura 4.13 Máquina de Atwood.
En ocasiones, para elevar una masa m1 a una determinada altura, se usa una polea y un
contrapeso de masa m2. Este montaje se observa en la figura 4.13, y es conocido como la
máquina de Atwood, en el cual supondremos que la polea y las cuerdas son ideales. Los
diagramas de fuerzas para las dos masas se aprecian en la figura 4.14.
Figura 4.14. Diagramas de fuerza para la máquina de Atwood
21
21
1
mmgmmT d
m1
m2
b)
y
T
m1g
a)
y
T
m2g
Física mecánica
127
Recuerde que las flechas gruesas nos indican las direcciones en las que la aceleración es
positiva para ambas masas. Note que la tensión es la misma a ambos lados de la polea, lo
cual se debe a que ésta no tiene masa, pero más adelante cuando esta masa se considere, las
tensiones a ambos lados de la polea serán diferentes y habrá que calcular cada una por
separado. La segunda ley aplicada a la masa m1 nos conduce a la siguiente ecuación,
(4.49)
Para la masa m2, la sumatoria de fuerzas es:
(4.50)
Las ecuaciones (4.49) y (4.50) se resuelven para darnos la aceleración y la tensión
(4.51)
(4.52)
De nuevo se deja el álgebra como ejercicio al lector. Este problema puede tratarse también
considerando la conservación de la energía, en el siguiente capítulo. Además cuando se
tengan los elementos que se aprenderán en el capítulo de cuerpo rígido, podremos resolver
el problema considerando la masa de la polea y la forma en que afecta la dinámica de las
masas y las tensiones en las cuerdas.
amgmTF 11
amTgmF 22
amgmTyamgmT 2211
21
21
21
12
2211
2
mm
gmmT
mm
mmga
amgmamgm
Física mecánica
128
Aplicaciones de las Leyes de Newton
Vamos a aplicar las leyes de Newton a la solución de algunos problemas y a plantear
algunas máquinas simples que ayudan a reducir la fuerza necesaria para realizar alguna
tarea, como en el primer ejemplo que veremos a continuación.
Ejemplo 4.5. La polea móvil
En la figura 4.15 vemos un sistema conformado una polea móvil y una polea fija que
sirven para disminuir la fuerza necesaria para levantar una masa M. Vamos a calcular la
fuerza necesaria para elevar la masa M con rapidez constante, para lo cual primero es
necesario hablar de lo que le ocurre a la tensión que soporta a la masa M, pues vemos que
la cuerda está sujeta al eje de la polea P2, la cual se mueve hacia arriba junto con la masa
M cuando se aplica la fuerza F apropiada. Inicialmente denominamos T1 y T2 a las
tensiones como se indica en la figura, donde hay que notar que, dado que las poleas son
ideales, la tensión en la cuerda que sostiene a la polea móvil es la misma en cualquier parte
que se la tome.
Figura 4.15 Poleas anidadas.
F
M
P1
P2
T1
T2
T1 T1
Física mecánica
129
Si imaginamos la polea móvil P2 como un punto en el cual convergen las tensiones,
podemos dibujar el diagrama de fuerzas ilustrado en la figura 4.16. El equilibrio de
fuerzas para este punto que se mueve con velocidad constante nos conduce a
(4.53)
En adelante se usará esta convención frecuentemente, cada que aparezca una polea móvil,
y se considere ideal la polea servirá para dividir la tensión T en dos tensiones de magnitud
T/2.
Figura 4.16 Diagrama de fuerzas para la polea móvil.
Del análisis de fuerzas sobre la masa M se obtiene que la tensión T2 es igual al peso Mg y
además, la tensión T1 es igual a la fuerza F, por lo tanto:
(4.54)
Esta es la fuerza necesaria para hacer ascender la masa M a rapidez constante. En este caso
vemos que en vez de la fuerza F podemos usar el peso de una masa igual a M/2. En el caso
y
T1
T2
T1
21
21
211
2
1
2
0
TT
TT
TTTF
22
121
MgTTF
Física mecánica
130
en que usamos una masa m para hacer que el sistema acelere a la masa M hacia arriba (ver
figura 4.16.a), al hacer el análisis de fuerzas se encuentra que la masa m debe ser mayor
que M/2. Es decir, la condición que debe cumplir el sistema para que la masa m se acelere
hacia abajo y la masa M se acelere hacia arriba es m > M/2. Probar esto es tarea del lector,
para lo cual, al hacer la sumatoria de fuerzas para las masas se debe tener en cuenta las
direcciones de movimiento deseadas.
Las aceleraciones de las dos masas cumplen una relación que vamos a deducir enseguida.
Supongamos que la masa M es acelerada hacia arriba con una magnitud de aceleración a
mientras sube una distancia Δy, en tanto que la masa m es acelerada hacia abajo con una
magnitud de aceleración a’.
Figura 4.17 Movimiento de una polea móvil.
Si nos fijamos en la figura 4.16.b, notamos que la polea móvil se mueve exactamente la
misma distancia que se mueva la masa M. Note que cuando la polea móvil se haya movido
una distancia Δy hacia arriba y se encuentre en la posición punteada toda la cuerda a sus
dos lados debe haber pasado al otro lado respecto a la polea P1, por lo tanto, la masa m va a
bajar exactamente la distancia 2Δy.
M
m
Δy
Δy
Δy
2Δy
m
M
P1
P2
T1
T2
T1 T1
a) b)
Física mecánica
131
Suponiendo movimientos independientes para ambas masas, pero ambos en el mismo
tiempo t, con sus velocidades iniciales en cero, sus ecuaciones cinemáticas serán
(4.55)
Resolviendo este sistema se encuentra que
(4.56)
Esta es otra característica de una polea móvil, que puede usarse en caso de ser necesaria
dado que ya la hemos probado. Queda pues, como ejercicio para el lector, la prueba de que
para conseguir que la aceleración sea positiva en este sentido, las masas deben cumplir la
condición m > M/2.
Ejemplo 4.6
Dos masas están atadas como se ilustra en la figura 4.18, en la cual la polea y las cuerdas
son ideales. Vamos a suponer que las superficies no ofrecen rozamiento y que la dirección
de movimiento es la que señalan las flechas gruesas.
Figura 4.18 Sistema de masas en planos sin fricción.
Este dispositivo puede usarse para elevar una masa, en este caso m2, usando un plano y otra
masa de menor magnitud, suponiendo que se consiga una superficie suficientemente lisa.
Vamos a calcular la aceleración del sistema y la tensión en la cuerda y vamos a determinar
22 '2
12
2
1tayyaty
aa 2'
β θ
m1
m2
Física mecánica
132
cual condición deben cumplir las masas y los ángulos de inclinación de los planos para que
el movimiento sea el señalado por las flechas gruesas en la figura 4.18. A continuación se
dibujarán los diagramas de fuerzas para m1 y m2 en la figura 4.19. Para la masa m1
tenemos las siguientes ecuaciones:
(4.57)
Figura 4.19 Diagrama de fuerzas para el sistema de masas en planos inclinados
Para la masa m2 se tienen las ecuaciones:
(4.58)
En este caso las sumatorias de fuerzas en dirección y no son útiles para nuestros cálculos,
por eso sólo se numeran las ecuaciones en dirección x. Si sumamos las ecuaciones (4.57) y
(4.58), eliminamos la tensión y encontramos el valor de la aceleración, lo cual se escribe a
continuación:
b) a)
m2gSenβ
β
y
x
T
N2
m2gCosβ
m2g
m1gSenβ
θ
y
x
T
N1
m1gCosβ
m1g
amTSengmF
CosgmNF
x
y
11
11 0
amSengmTF
CosgmNF
x
y
22
22 0
Física mecánica
133
(4.59)
El lector puede verificar que haciendo la sustitución de esta aceleración en cualquiera de
las ecuaciones (4.57) o (4.58), se halla la tensión como:
(4.60)
A partir de la ecuación (4.59) podemos ver que, para que esta aceleración sea positiva se
debe cumplir la condición
(4.61)
Si el sistema se diseña de tal manera que se cumpla la condición (4.61), entonces puede
usarse como una máquina simple. Por ejemplo, para este sistema libre de fricción, usando
los valores θ = 80°, β = 10°, m1 = 20 kg, podemos mover bloques de una masa m2 un poco
superior a los 110 kg. En el caso en que cada plano tenga su propio coeficiente de fricción,
la eficiencia de esta máquina puede disminuir. Se deja al lector el ejercicio de encontrar la
relación que deben cumplir las masas, los ángulos y los coeficientes de fricción para que la
aceleración sea positiva en el mismo sentido planteado, es decir, que la masa m1 arrastre a
la masa m2 hacia arriba por la pendiente.
21
21
2121
22
11
mm
SenmSenmga
amamSengmSengm
amSengmT
amTSengm
21
21mm
SenSengmmT
SenmSenm
SenmSenm
21
21 0
Física mecánica
134
Dinámica del movimiento curvilíneo
Dado que hay dos componentes de aceleración, como se vio en el capítulo de cinemática,
esto significa que también hay dos componentes de fuerza, una radial y otra tangencial,
cada una de ellas responsable de sendas aceleraciones. Esto se ilustra en la figura 4.20.
Aunque en un movimiento curvilíneo pueden presentarse estas dos componentes, por
simplicidad vamos a atacar sólo situaciones en las cuales un cuerpo en movimiento circular
tiene rapidez tangencial constante, para lo cual debemos ilustrar siempre la dirección radial
en el movimiento en los diagramas de fuerzas.
Figura 4.20 fuerzas y movimiento curvilíneo
A la componente radial de la fuerza también se le llama fuerza radial o fuerza centrípeta al
igual que la aceleración. Cuando se trata de una sola fuerza actuando en la dirección
radial, se escribe la relación expresada en la ecuación (4.62) para esta fuerza. Si se
presentan varias fuerzas en dirección radial se escribe la suma de fuerzas en dirección
radial en lugar de una sola fuerza.
(4.62)
Veamos algunos casos en los está involucrada la fuerza centrípeta. En el primer ejemplo
estudiaremos la forma en que los ingenieros que diseñan vías deben calcular el peralte o
ángulo de inclinación que ayude a mantener a los vehículos en las carreteras o en las
a
ra Ta
F
TF rF
r
vmmaF rr
2
Física mecánica
135
carrileras. En el segundo ejemplo ilustramos un caso en el que se presentan varias fuerzas
en dirección radial.
Ejemplo 4.11. El peralte
Las vías de ferrocarril y las carreteras tienen un pequeño ángulo α de inclinación lateral
hacia el centro en las curvas con el fin de producir la fuerza centrípeta necesaria para que el
vehículo se mueva más fácilmente a lo largo de la curva, llamado peralte. En la siguiente
figura ilustramos una vista aérea de un camión en una curva de una autopista. Note la
dirección de la velocidad instantánea perpendicular a la dirección radial del movimiento.
Si tomamos un plano perpendicular a la superficie ilustrada veremos la parte de atrás del
camión, lo cual se lustra en la figura posterior, donde se dibuja además el diagrama de
fuerzas para el camión en términos de su dirección radial y la dirección vertical, que resulta
siendo la del vector perpendicular al plano del primer dibujo.
Figura 4.21 Vista aérea de un camión en la curva de una autopista
La fuerza normal es siempre perpendicular a la superficie, y en este caso hace un ángulo α
con la vertical. Su componente en la dirección y, Ny, se equilibra con el peso, mientras que
su componente Nx, es la única fuerza en la dirección radial, por lo tanto es responsable de
la aceleración centrípeta.
Dirección radial
Velocidad
Física mecánica
136
Figura 4.22 Vista transversal del camión en la curva
La sumatoria de fuerzas en dirección radial nos conduce a:
Igualando los valores de N encontrados hallamos el ángulo α
α
α
N
y
Dirección radial
Ny
Nx
W
Dirección de la velocidad
Cos
mgN
mgNCos
mgNmgNF yyy
0
r
vmNSen
r
vmmaNF rrr
2
2
rSen
mvN
2
Física mecánica
137
(4.63)
Al construir una vía, los ingenieros tienen en cuenta el radio de curvatura r, y suponen una
velocidad promedio a la que un automóvil tomará la curva, luego obtienen el ángulo
apropiado para el peralte a través de la ecuación (4.63). Para velocidades ligeramente
mayores o menores, la fricción entre las llantas y el asfalto proporciona la fuerza necesaria
para equilibrar al auto y mantenerlo en la vía, pero a velocidades muy altas estas fuerzas no
serán suficientes y el auto tenderá a salirse de la curva o a voltearse.
Ejemplo 4.12
Figura 4.23 Bloque dentro de un cono invertido
Un bloque pequeño de masa m se encuentra dentro de un con un ángulo de apertura β, que
gira sobre su eje vertical, tal como se ilustra en la figura 4.23. El coeficiente de fricción
estático entre el bloque y la superficie es µe. Encuentre la frecuencia angular de rotación
máxima necesaria para mantener el bloque a una altura h en función del ángulo, la altura h
y el coeficiente de fricción µe.
m
h
Eje de rotación
rg
vTan
rg
vTan
rSen
mv
Cos
mg
21
2
2
Física mecánica
138
En la figura 4.24 se ilustra el diagrama de fuerzas para el bloque, en el cual hay que notar
que la fuerza de fricción se dibuja hacia abajo porque el problema pregunta por la máxima
fuerza de fricción, es decir que la fricción debe evitar que la masa escape hacia arriba
cuando la velocidad de rotación sea muy alta.
Figura 4.24 Diagrama de fuerzas para el bloque dentro del cono invertido
La suma de fuerzas en dirección vertical nos conduce a:
Teniendo en cuenta que estamos en el caso límite, podemos escribir la fuerza de fricción
como en la ecuación (4.20), por lo tanto:
(4.64)
β
y
Dirección radial
N
Ny
Ff
mg
β
Nr
Ff y
Ff r
0
0
mgCosFNSen
mgFNF
f
yfyy
CosSen
mgN
mgNCosNSen
e
e
0
Física mecánica
139
Por otro lado, la sumatoria de fuerzas en dirección radial nos lleva a
(4.65)
Igualando los valores de N encontrados en (4.64) y (4.65)
Donde se tiene en cuenta que 𝑟 = 𝑇𝑎𝑛𝛽, lo cual puede verse en la figura 4.23. Entonces
la velocidad angular buscada es:
SenCos
mrN
mrNSenNCosmrSenFNCos
mrFNF
e
ef
rfxr
2
22
2
SenCos
mr
CosSen
mg
ee
2
CosSenhTan
SenCosg
e
e
Física mecánica
140
Ejercicios
1) Determine la tensión en cada una de las cuerdas para los sistemas descritos en la figura.
(Desprecie la masa de las cuerdas.)
2) Los sistemas que se muestran en las figuras están en equilibrio. En ambos casos tienen
un dinamómetro que mide la tensión en la cuerda en Newtons, ¿cuál es la lectura en el
dinamómetro en cada caso?. Desprecie la masa de las poleas. Los dinamómetros y las
cuerdas, y suponga que el plano inclinado es liso.
3) Un bloque resbala hacia abajo de un plano inclinado que no presenta rozamiento y cuya
inclinación es de 25º. Si el bloque parte del reposo desde la parte superior del plano y la
longitud del mismo es de 2.4 m, calcule a) la aceleración del bloque y b) su rapidez cuando
llega a la parte inferior.
4) Dos masas, 𝑚1 y 𝑚2, situadas sobre una superficie horizontal y sin fricción, se
conectan por medio de una cuerda ideal. Sobre la masa de la derecha se ejerce una fuerza,
T1
θ=38°
m=9kg
T2
T3
φ=60°
(a) (b)
T1
T2
m=13kg
T3
β=65°
8 kg
30°
b)
5 kg
a)
5 kg
Física mecánica
141
F, hacia la derecha. Determine la aceleración del sistema y la tensión T en la cuerda que
conecta las masas.
5) Un pequeño bloque de 2 kg de masa está dentro de un cilindro vacío de 0.82 m de radio,
que gira sobre su eje vertical. El coeficiente de fricción estática entre el objeto y la pared
del cilindro es µe = 0.16. Calcule el máximo período de rotación, que evitaría que la masa
caiga o se deslice por la pared del cilindro.
6) Un par de masas m1 y m2 se encuentran dispuestas sobre un pequeño carro de masa M,
como se ve en la siguiente figura. No se presenta fricción entre el piso y las ruedas del
carrito, el cual tampoco presenta fricción en sus ejes. Entre la masa m1 y la superficie del
carro se presenta un coeficiente de fricción estático µe. ¿Qué fuerza horizontal F debe
aplicarse al carro de la figura para que los bloques permanezcan estacionarios respecto al
mismo?. Suponga que la polea y la cuerda son ideales.
m1 m2
F
N
Ff
W
m1
m2 F
M
Física mecánica
142
7) En el ejemplo 4.12 se calculó la velocidad angular máxima a la que debe rotar un cono
para evitar que un bloque en su interior se deslice. Para este mismo problema, calcule la
velocidad angular mínima de rotación, que mantenga la masa a la altura h constante como
se ve en la figura 4.23, en términos de los mismos parámetros.
8) Un bloque de 1 kg comienza a deslizarse a partir del reposo, sobre un plano inclinado
un ángulo de 20º. Si el coeficiente de fricción dinámico es 0,3. ¿En cuánto tiempo recorre
el bloque una distancia de 1 m?
9) Un bloque de 10 kg de masa descansa sobre una superficie, como se ilustra en las
siguientes figuras. Calcule el valor de la aceleración en cada caso, si se aplica sobre el
bloque una tensión de 70 N y el coeficiente de fricción cinético entre el bloque y la
superficie es de 0,35.
a) b)
10) Los bloques de masas m1 y m2 están dispuestos como se indica en la siguiente figura.
Suponga que no hay fuerza de rozamiento, y que las poleas y cuerdas son ideales. Si las
masas son m1 = 5 kg y m2 = 3 kg. Calcule la tensión en cada cuerda y la aceleración de
cada uno de los bloques.
θ =45o
T
T
θ
=30o
m1
m2
Física mecánica
143
11) Dos cuerpos se encuentran atados como lo indica la siguiente figura. Entre la
superficie y la masa m1 se presenta fricción dinámica con coeficiente . Encuentre las
aceleraciones y las tensiones en las cuerdas en función de las masas, la gravedad, el ángulo
de inclinación y el coeficiente . Considere poleas y cuerdas ideales.
12) Un pequeño objeto de masa m está girando suspendido del techo a través de una
cuerda de longitud L con una velocidad angular constante . Halle el ángulo formado
entre la cuerda y la vertical en función de la masa, el ángulo y la longitud de la cuerda.
Esto es llamado un péndulo cónico.
m1
m2
β
v
L
φ
Física mecánica
144
Física mecánica
145
Capítulo 5
Trabajo y Energía
Nada aparece en el Universo; todo cuanto acontece
en él no pasa de meras transformaciones.
Pitágoras de Samos
Introducción
El concepto de energía, cuando está enmarcado en un contexto cotidiano, es bastante
amplio, se asocia por ejemplo con aquello que nos permite caminar, correr o realizar
cualquier actividad física o mental. En este caso se puede hacer referencia a la energía que
nos suministran los alimentos que consumimos. El término también se ha llegado a usar de
una manera que dista mucho de su sentido físico, sobre todo en la interpretación que le dan
los mentalistas, astrólogos y toda clase de chamanes modernos, quienes usan el lenguaje
científico para aprovecharse de personas incautas o ingenuas, las cuales se dejan
deslumbrar por un discurso seudocientífico. En muchos casos las personas son estafadas, y
esta es una buena razón para que la física básica, y la ciencia básica en general, sean asunto
de interés colectivo.
La energía se define en física como la capacidad que tiene un cuerpo para realizar un
trabajo y se presenta en diversas formas: calor, movimiento o energía cinética, energía
elástica en un resorte estirado o comprimido, energía eléctrica, etc. Cada una de ellas tiene
la posibilidad de transformarse en cualquiera de las otras, sin embargo, unas formas no se
cambian íntegramente en otras, ya que por lo general se producen algunas disipaciones.
Por ejemplo, los motores de los carros se calientan mucho y disipan gran parte de la
energía producida en la explosión del combustible, en forma de calor. La mayoría de las
veces, cuando se dice que hay pérdidas, se hace referencia a la disipación, es decir a la
Física mecánica
146
conversión de algún tipo de energía en calor. Hay que añadir que todos los procesos
físicos implican algún mecanismo de disipación, por ello se dice que no hay una máquina
cien por ciento eficiente.
Además, todo cuerpo posee en si mismo cierta cantidad de energía latente o potencial, que
sólo se transformará, es decir, se convertirá en cinética o en otra forma de energía, cuando
las condiciones que lo rodean sean favorables para ello. Como ya se dijo, la energía se
presenta de diversas formas y para cada una de ellas hay diferentes variables relacionadas,
por ejemplo, en una cascada, la altura desde la cual cae el agua, es la variable involucrada
en la energía potencial gravitacional; la energía de la corriente eléctrica depende de dos
factores: el voltaje y la intensidad de la corriente; la energía eólica es la asociada con el
viento; la energía nuclear se obtiene en las centrales nucleares a partir del uranio y otras
sustancias radiactivas; el calor es la energía que se transmiten dos cuerpos que están a
diferentes temperaturas: del caliente al frío, etc.
Trabajo realizado por fuerzas constantes y variables
Cuando una persona está sentada realizando cualquier actividad, o mientras camina
llevando entre sus manos un objeto pesado, no está haciendo trabajo. Esta afirmación no
quiere decir que tales actividades no requieren esfuerzo; lo que sucede es que la noción
usual de trabajo que se emplea cotidianamente no coincide con la definición de trabajo en
el contexto de la física. Existen muchas formas de usar la palabra trabajo, por esta razón
es muy importante asignarle un significado preciso y relacionarlo con el concepto de
energía, desde el punto de vista de la ciencia.
Trabajo realizado por una fuerza constante
Considere un bloque que se desplaza cierta distancia sobre una superficie lisa debido a la
aplicación de una fuerza externa 𝐹 , esto es, despreciando la fricción entre el bloque y la
superficie. La fuerza 𝐹 forma un ángulo θ con respecto al vector desplazamiento ∆𝑟 .
Física mecánica
147
Figura 5.1 Trabajo por una fuerza constante
Durante todo el recorrido la fuerza 𝐹 se mantiene constante y el movimiento del bloque es
uniformemente acelerado. El trabajo que realiza la fuerza 𝐹 sobre el bloque que
experimenta un desplazamiento ∆𝑟 , se define como el producto punto o producto escalar
entre la fuerza y el desplazamiento, esto es
𝑊 = 𝐹 . ∆𝑟 = 𝐹∆𝑟𝑐𝑜𝑠𝜃 (5.1)
Recuerde que el producto punto arroja como resultado un escalar, por lo tanto el trabajo es
un escalar cuyas dimensiones o unidades son 𝐹𝐿 = 𝑀𝐿2
𝑇2 , y éstas corresponden a la
misma unidad que la energía en el SI, el Julio (J), es decir, 1𝑘𝑔𝑚2
𝑠2 = 1𝑁𝑚 = 1 𝐽 en el
sistema internacional S.I., 1 Joule es el trabajo que realiza una fuerza de 1 Newton cuando
desplaza 1 metro a una masa de 1kg.
Si la fuerza 𝐹 externa tiene la misma dirección del desplazamiento o trayectoria que
experimenta la partícula debido a dicha fuerza, el ángulo entre ambos vectores mide 0o y
𝑐𝑜𝑠 0 = 1, por lo tanto el producto punto tiene un valor máximo en este caso.
Figura 5.2. Trabajo realizado por una fuerza constante donde 𝐹 y ∆𝑟 son vectores
paralelos.
𝐹 ∆𝒓
∆𝒓
∆𝒓
𝐹
θ ∆𝒓
Física mecánica
148
El trabajo realizado por la fuerza 𝐹 sobre el objeto es:
𝑊 = 𝐹∆𝑟𝑐𝑜𝑠(0) = 𝐹∆𝑟 (5.2)
Si la fuerza aplicada es perpendicular al desplazamiento o trayectoria, el trabajo realizado
por la fuerza es nulo:
𝑊 = 𝐹∆𝑟𝑐𝑜𝑠(90) = 0
Figura 5.3 Trabajo por una fuerza constante donde 𝐹 y ∆𝑟 son perpendiculares
En la figura 5.3, el peso w y la fuerza 𝐹 no hacen trabajo ya que ambos vectores forman un
ángulo de 90o con respecto al vector desplazamiento.
Para un cuerpo que cae por un plano inclinado, la fuerza normal es perpendicular a la
trayectoria, por esta razón la fuerza tampoco hace trabajo sobre el objeto.
Figura 5.4 Trabajo realizado por la fuerza normal en un plano inclinado
N
θ
𝑎
Física mecánica
149
Una fuerza puede efectuar trabajo negativo, esto sucede cuando la medida del ángulo entre
la fuerza aplicada y el vector desplazamiento es mayor que 90° y menor o igual que 180°.
En la figura 5.5 se ilustra el caso en que la fuerza y el desplazamiento son vectores
antiparalelos, esto es, θ=180°:
𝑊 = 𝐹∆𝑟𝑐𝑜𝑠 180 = −𝐹∆𝑟
Figura 5.5 Trabajo por una fuerza constante donde 𝐹 y ∆𝑟 son antiparalelos. La fuerza
que va en sentido contrario del desplazamiento es la fuerza de fricción.
Ejemplo 5.1
1) Calcular el trabajo realizado por una fuerza constante de 10 N, cuyo punto de aplicación
se traslada del punto A al punto B, una distancia de 5 m, si el ángulo entre las direcciones
de la fuerza y del desplazamiento son a) 0º, b) 60º, c) 90º, d) 135º, e) 180º.
Solución
Para calcular dicho trabajo se utilizan los valores ∆𝑟 = 5𝑚, F = 10N, las medidas de los
ángulos y la expresión 5.1:
a)
b)
𝑊 = 10 𝑁 cos 0 5𝑚 = 50 𝐽
∆𝒓
𝐹
A ∆𝒓
B
∆𝒓
𝐹
𝐹
∆𝒓
A ∆𝒓
B
𝑊 = 10 𝑁 cos 60 5𝑚 = 25 𝐽
Física mecánica
150
c)
d)
e)
2) A una partícula se le aplica a una fuerza 𝐹 = (3𝑖 + 𝑗 )𝑁 y efecta un desplazamiento
∆𝑟 = 4𝑖 − 2𝑗 𝑚 en el plano XY. Calcule el trabajo efectuado por dicha fuerza.
Solución
𝑊 = 𝐹 ∙ ∆𝑟 = 3𝑖 + 𝑗 𝑁 ∙ 4𝑖 − 2𝑗 𝑚 = [ 3 4 + 1 (−2)] 𝐽 = 12 − 2 𝐽 = 10 𝐽
3) ¿Cuánto trabajo se efectúa sobre un objeto de masa m cuando se levanta una distancia h
en línea recta?
Solución
Para levantar el objeto se debe aplicar una fuerza en dirección contraria a su peso 𝑚𝑔, y el
desplazamiento h es dirigido hacia arriba.
𝐹 A
∆𝒓
A ∆𝒓
B
𝐹
∆𝒓
A ∆𝒓
B
𝑊 = 10 𝑁 cos 90 5𝑚 = 0
𝑊 = 10 𝑁 cos 180 5𝑚 = −50 𝐽
𝑊 = 10 𝑁 cos 135 5𝑚 = −35.3 𝐽
𝐹 ∆𝒓
A ∆𝒓
B
Física mecánica
151
El trabajo realizado por la fuerza aplicada es 𝑊 = 𝑚𝑔 cos 0 = 𝑚𝑔
El trabajo reaizado por el peso es 𝑊 = 𝑚𝑔 cos 180 = −𝑚𝑔, ya que el
desplazamiento va en dirección contraria al peso.
4) Calcule el trabajo efectuado por una fuerza 𝐹 = (2𝑖 + 4𝑗 )𝑁 que actúa sobre una
partícula y ésta sufre un desplazamiento ∆𝑟 = −3𝑗 𝑚.
Solución
𝑊 = 𝐹 ∙ 𝑟 = 2𝑖 + 4𝑗 𝑁 ∙ −3𝑗 𝑚 = 2 0 + 4 −3 𝐽 = −12 𝐽
5) Una partícula que se mueve en le plano XY efectúa un desplazamiento de ∆𝑟 =
3𝑖 + 4𝑗 𝑚 debido a una fuerza 𝐹 = (5𝑖 + 4𝑗 )𝑁.
Solución
a) Calcule la magnitud del desplazamiento y de la fuerza aplicada.
b) Calcule el trabajo efectuado sobre la partícula
c) Calcule la medida del ángulo entre los dos vectores
Solución
a) Magnitud del desplazamiento y de la fuerza:
Inicial
Final
F = mg
w = mg
h
Física mecánica
152
∆𝑟 = 32 + 42 = 5𝑚 𝐹 = 52 + 42 = 6,4𝑁
a) El trabajo efectuado sobre la partícula
𝑊 = 𝐹 . ∆𝑟 = 5𝑖 + 4𝑗 𝑁 ∙ 3𝑖 + 4𝑗 𝑚 = 15 + 16 = 31 𝐽
c) La medida del águlo entre los dos vectores
𝐹 ∆𝑟 𝑐𝑜𝑠𝜃 = 31 ⇒ 𝜃 = 𝑐𝑜𝑠−1 31
(5)(6,4) = 14,3𝑜
Trabajo por una fuerza variable
La fuerza 𝐹 que actúa sobre un objeto, en algunas ocasiones es una función que depende de
la posición, es decir, la fuerza 𝐹 es variable: aumenta o disminuye de acuerdo a la posición.
Consideremos el caso unidimensional donde la fuerza y el desplazamiento tienen la misma
dirección. La siguiente gráfica plantea una situación general donde la fuerza depende de la
posición:
Figura 5.6 Trabajo realizado por una fuerza variable
Al aumentar los valores de la posición, la fuerza aumenta, por lo tanto el trabajo evaluado
en la posición inicial xo y en la final xf es diferente, no solamente por la variación de la
posición, sino también por que la fuerza varía. En este caso, para calcular el trabajo
efectuado por dicha fuerza, se requiere tomar pequeños desplazamientos ∆x, en donde los
cuales la fuerza aplicada se puede considerar constante.
F(x)
x xo xf
W
F
Física mecánica
153
Figura 5.7 Trabajo para el desplazamiento ∆𝑥1 = 𝑥1 − 𝑥𝑜
El trabajo para el desplazamiento ∆x1 viene dado por:
𝑊 = 𝐹𝑥 ∆𝑥1
Note además que el trabajo para dicho desplazamiento corresponde al área sombreada. Si
vamos a calcular el trabajo total desde la posición inicial xo hasta la posición final xf, éste
se puede obtener en forma aproximada al sumar las áreas correspondientes a cada uno de
los rectángulos comprendidos entre dichas posiciones.
𝑊 ≈ 𝐹 𝑥1∗ ∆𝑥1 + 𝐹 𝑥2
∗ ∆𝑥2 + ⋯ + 𝐹 𝑥𝑛∗ ∆𝑥𝑛
Para obtener el valor exacto del trabajo efectuado por una fuerza variable es necesario
hacer que cada desplazamiento ∆x sea infinitamente pequeño, es decir, ∆𝑥 → 0, en este
caso se tiene:
𝑊 = lim∆𝑥→0
𝐹(𝑥𝑖∗)
𝑛
𝑖
∆𝑥𝑖 = 𝐹 𝑥 𝑑𝑥𝑥𝑓
𝑥𝑖
El significado geométrico es que el trabajo es el área bajo la curva de la función que
relaciona la componente x de la fuerza Fx, y el desplazamiento ∆x.
∆xn ∆x1
xn* xo x1
* x1 x2
* x2
x xf
Fx
F(x)
Física mecánica
154
Figura 5.8 El trabajo realizado por la fuerza variable es el área bajo la curva
Supongamos que los vectores desplazamiento y fuerza no van en la misma dirección, en
este caso, para calcular el trabajo efectuado por dicha fuerza, se requiere tomar
desplazamientos 𝑑𝑟 infinitamente pequeños y dentro de los cuales se considera a 𝐹
constante, como se mencionó antes. Si el desplazamiento es infinitesimal, lo es también el
trabajo. En resumen, se denomina trabajo infinitesimal al realizado por una fuerza sobre
una partícula que experimenta un desplazamiento infinitesimal, es decir al producto escalar
de la fuerza por dicho desplazamiento:
𝑑𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑟 = 𝐹 𝑑𝑟 𝑐𝑜𝑠𝜃 (5.3)
Los vectores fuerza 𝐹 y desplazamiento 𝑑𝑟 , se puede expresar en términos de sus
componentes rectangulares respectivamente:
𝐹 = 𝐹𝑥 𝑖 + 𝐹𝑦 𝑗 + 𝐹𝑧𝑘 y
𝑑𝑟 = 𝑑𝑥𝑖 + 𝑑𝑦𝑗 + 𝑑𝑧𝑘 (5.4)
El trabajo infinitesimal se puede expresar de la siguiente manera:
𝑑𝑊 = 𝐹𝑥𝑑𝑥 + 𝐹𝑦𝑑𝑦 + 𝐹𝑧𝑑𝑧 (5.5)
El diferencial de trabajo que se expresa como
x xo
F(x)
xf
F
W
Física mecánica
155
𝑑𝑊 = 𝐹𝑥𝑑𝑥 (5.6)
Es el diferencial de trabajo en dirección x. El trabajo total en dirección x a lo largo de la
trayectoria entre los puntos xi y xf es la suma de todos los trabajos infinitesimales en esa
dirección es:
𝑊𝑥 = 𝐹 𝑥 𝑑𝑥𝑥𝑓
𝑥𝑖 (5.7)
En forma general el trabajo se puede expresar entonces como
𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑟 𝑟𝑓
𝑟𝑖 (5.8)
Ejemplo 5.2
1) Hallar el trabajo realzado por la fuerza 𝐹 𝑥 = 3𝑥3 − 4𝑥2 + 1, cuando el
desplazamiento es de 2 m. F(x) está dado en N.
Solución
Realizar este cálculo requiere usar la ecuación (5.7), esto es,
3𝑥3 − 4𝑥2 + 1 2
0
𝑑𝑥 = 3
4𝑥4 −
4
3𝑥3 + 𝑥
0
2
=3
424 −
4
323 + 2 = 3,3 𝐽
2) Un objeto de 1 kg de masa se mueve a lo largo de una trayectoria definida por: 𝑠 =
3𝑡2𝑖 + 2𝑡3𝑗 − 𝑡𝑘 𝑚. Sobre el cuerpo actúa una fuerza 𝐹 = 3𝑡3𝑖 + 2𝑡2𝑗 − 2𝑡𝑘 𝑁.
Calcular la el trabajo realizado por la fuerza que actúa sobre el objeto entre los instantes t =
0 s y t = 1 s.
Solución:
Se busca el diferencial de desplazamiento:
𝑑𝑠 = 6𝑡𝑖 + 6𝑡2𝑗 − 𝑘 𝑑𝑡
Luego utilizamos la ecuación (5.8):
Física mecánica
156
𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑠 = 3𝑡3𝑖 + 2𝑡2𝑗 − 2𝑡𝑘 2
0
. 6𝑡𝑖 + 6𝑡2𝑗 − 𝑘 𝑑𝑡 ⇒
𝑊 = 18𝑡4 + 12𝑡4 + 2𝑡 1
0
𝑑𝑡 = 30𝑡4 + 2𝑡 1
0
𝑑𝑡 ⇒
𝑊 = (30
5𝑡5 + 𝑡2)
0
1
= 6 + 1 𝑁. 𝑚 = 7 𝐽
3) Halle el trabajo realizado por la fuerza F(x) cuya funcionalidad con respecto a la
variable x se muestra en la siguiente figura, donde x está dado en m y F(x) en N.
Solución
El trabajo es el área bajo la curva, en este caso, se puede observar que el área total es la
suma de las áreas del rectángulo y del triangulo respectivamente:
𝑊 = 𝐴1 + 𝐴2 = 2𝑁 (3𝑚)
2+ 2𝑁 6𝑚 − 3𝑚 = 3𝐽 + 6𝐽 = 9𝐽
2
6
3
A1
F(x)
x
A2
x
F(x
)
3
2
6
Física mecánica
157
Trabajo realizado por un resorte
La siguiente figura muestra un resorte horizontal con un extremo fijo y el otro sujeto a una
masa.
Figura 5.7(a) Masa en la posición de equilibrio.
La masa está en la posición de equilibrio, no se aplica fuerza externa por lo tanto no hay
desplazamiento.
Al aplicar una fuerza para comprimir o estirar el resorte, éste ejerce una fuerza sobre la
masa en sentido contrario a la fuerza aplicada:
Al estirar el resorte, el desplazamiento es hacia la derecha (positivo) mientras el resorte
ejerce una fuerza hacia la izquierda (negativa), es decir, para 𝑥 > 0, 𝐹 𝑠 = −𝑘𝑥.
Figura 5.7(b) Resorte estirado una distancia x hacia la derecha
Al comprimir el resorte, el desplazamiento es hacia la izquierda (negativo) mientras el resorte
ejerce una fuerza hacia la derecha (positiva), es decir, para 𝑥 < 0, 𝐹 𝑠 = 𝑘𝑥.
Física mecánica
158
Figura 5.7(b) Resorte comprimido una distancia x hacia la izquierda
La fuerza que ejerce el resorte sobre la masa, se denomina fuerza restauradora y obedece a
la Ley de Hooke:
𝐹 = −𝑘𝑥 (5.9)
Donde x es la deformación del resorte y, k es la constante elástica cuyo valor es propio de
cada resorte con unidades de N/m. El signo negativo quiere decir que la fuerza
restauradora va en sentido contrario a la fuerza aplicada.
Como la fuerza restauradora depende de la posición y está en la misma dirección del
diferencial de desplazamiento, se utilizan las ecuaciones (5.7) y (5.9) para calcular el
trabajo realizado por el resorte:
𝑊𝑟𝑒𝑠 = 𝐹 𝑥 𝑑𝑥𝑥𝑓
𝑥𝑖= −𝑘𝑥𝑑𝑥 =
𝑥𝑓
𝑥𝑖
−𝑘𝑥2
2 𝑥𝑖
𝑥𝑓
=1
2𝑘𝑥𝑖
2 −1
2𝑘𝑥𝑓
2 (5.10)
El trabajo realizado por la fuerza aplicada para deformar un resorte desde la posición
𝑥 = 0 hasta 𝑥 = 𝑋 es:
𝑊 = 𝑘𝑥𝑑𝑥𝑋
0= 𝑘
𝑥2
2
0
𝑋
=1
2𝑘𝑋2 (5.11)
Figura 5.8 Trabajo realizado para alargar un resorte
F
x
kx kX
X
Física mecánica
159
El Trabajo realizado para alargar un resorte es igual al área del triángulo sombreado.
Ejemplo 5.3
1) Se necesita un trabajo W1 para estirar un resorte una distancia x1 desde su posición de
equilibrio. Si el resorte se estira de tal manera que el trabajo requerido para ello se
duplique, calcule la nueva deformación del resorte desde su posición de equilibrio en
términos de x1.
Solución
El Trabajo realizado para estirar el resorte una distancia x1
𝑊1 =1
2𝑘𝑥1
2 (1)
El Trabajo realizado para estirar el resorte una distancia x2
𝑊2 =1
2𝑘𝑥2
2 (2)
Se tiene además que
𝑊2 = 2𝑊1 (3)
Remplazando la ecuación (3) en la (2):
2𝑊1 =1
2𝑘𝑥2
2 (4)
Reemplazando la ecuación (1) en la (4):
21
2𝑘𝑥1
2 =1
2𝑘𝑥2
2
Se despeja a la variable x2 en términos de x1:
2𝑥12 = 𝑥2
2 ⇒ 𝑥2 = 2 𝑥1
Física mecánica
160
2) Si para el ejemplo anterior x1 = 20 cm y W1 = 10 J, calcule la constante elástica del
resorte.
Solución
La distancia x1 se debe escribir en el SI, entonces x1 = 0,2 m
𝑊1 =1
2𝑘𝑥1
2 ⇒ 𝑘 = 2𝑊1 𝑥12 = 2(10𝐽) (0,2𝑚)2 = 500 𝑁𝑚/𝑚2 = 500𝑁/𝑚
3) Un resorte se estira 0,1 m desde su posición de equilibrio y para ello se requieren 10,0 J
de trabajo. Determine el trabajo necesario para estirarlo el doble.
Solución
Se conoce el trabajo y la deformación, con esos datos se puede calcular la constante
elástica del resorte:
10 𝐽 =1
2𝑘(0,1𝑚)2 ⇒ 𝑘 =
2(10 𝐽)
(0,1𝑚)2= 2000 𝑁/𝑚
Si la deformación mide 0,2 m, el trabajo es:
𝑊 =1
22000
𝑁
𝑚 (0,2 𝑚)2 = 40 𝐽
Energía Cinética
Supongamos que se tiene un cuerpo de masa m que está en reposo o lleva una velocidad
inicial vo. Si el cuerpo cambia se acelera gracias a que se le aplica una fuerza 𝐹 , éste gana
velocidad y por lo tanto, energía cinética; esto se debe al trabajo que la fuerza 𝐹 efectúa
sobre dicha masa.
Física mecánica
161
Figura 5.9 Masa m que se desplaza 𝑑𝑥 gracias a una fuerza 𝐹
El trabajo realizado por 𝐹 sobre la masa m es
𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑥 𝑥𝑓
𝑥𝑖
= 𝐹𝑑𝑥𝑥𝑓
𝑥𝑖
La fuerza y el desplazamiento son vectores paralelos, por lo tanto cos 0 = 1.
Aplicando la segunda Ley de Newton:
𝑊 = 𝐹𝑑𝑥 =𝑥𝑓
𝑥𝑖
𝑚𝑎𝑑𝑥 =𝑥𝑓
𝑥𝑖
𝑚𝑑𝑣
𝑑𝑡𝑑𝑥
𝑥𝑓
𝑥𝑖
La aceleración es igual a la derivada de la velocidad con respecto al tiempo, y por lo tanto
se sigue
𝑚𝑑𝑣
𝑑𝑡𝑑𝑥
𝑥𝑓
𝑥𝑖
= 𝑚𝑑𝑥
𝑑𝑡𝑑𝑣 = 𝑚𝑣𝑑𝑣 =
𝑥𝑓
𝑣𝑖
𝑥𝑓
𝑥𝑖
=1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2
El cociente entre el desplazamiento dx y el tiempo dt que tarda en desplazarse es igual a
magnitud de la velocidad v del móvil.
Por lo tanto
𝑊 =1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 (5.12)
Pero este trabajo realizado es la variación de la energía cinética del cuerpo de masa m:
𝑑𝑥
vo= 0 vf
𝐹 𝐹
Física mecánica
162
𝐾 =1
2𝑚𝑣2 (5.13)
El término 1
2𝑚𝑣2 representa la energía cinética asociada a un cuerpo de masa m que se
mueve con velocidad cuya magnitud es v.
Luego:
𝑊 =1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 = 𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = ∆𝐾
𝑊 = ∆𝐾 (5.14)
La ecuación (5.14) es llamada el teorema del trabajo y la energía cinética.
Ejemplo 5.3
1) Una bala de 15 g lleva una velocidad de 500 m/s y choca contra un bloque de 10 cm de
espesor. La bala atraviesa el bloque. Si la bala al moverse dentro del bloque opone una
resistencia constante de 1500 N, calcule la magnitud de la velocidad de salida.
Solución
Primero se calcula el trabajo que hace la fuerza de resistencia sobre la bala, teniendo en
cuenta que la fuerza tiene un sentido contrario al desplazamiento de la bala que es 0,1 m,
por lo tanto el trabajo es negativo.
𝑊 = 1500 𝑁 0,1 𝑚 cos 180 = −150 𝐽
Ahora se aplica el teorema del trabajo y la energía cinética
𝑊 =1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 =1
2𝑚(𝑣𝑓
2 − 𝑣𝑖2 ) ⇒ 𝑣𝑓
2 =2𝑊
𝑚+ 𝑣𝑖
2
Luego la magnitud de la velocidad es
Física mecánica
163
𝑣𝑓 = 2𝑊
𝑚+ 𝑣𝑖
2 = 2(−150𝐽)
0,015 𝑘𝑔+ (500𝑚/𝑠)2 = 479,6 𝑚/𝑠
2) Un bloque de 1 kilogramo se desplaza por el piso y viaja a 10 m/s. Frena después de
recorrer 1 m, calcule la fuerza de rozamiento.
Solución
El trabajo es negativo, ya que lo realiza la fuerza de fricción
𝑊 = −𝐹𝑥
De acuerdo al teorema del trabajo y la energía y, teniendo en cuenta que la velocidad final
es cero, entonces
−𝐹𝑥 =1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 = −1
2𝑚𝑣𝑖
2
Se despeja de la ecuación anterior la fuerza de rozamiento:
𝐹 =1
2𝑥𝑚𝑣𝑖
2 =1
2 1𝑚 1𝑘𝑔(10 𝑚/𝑠)2 = 50 𝑁
3) Si la fuerza de rozamiento sobre el mismo bloque del ejercicio anterior es constante de
50 N, ¿con qué rapidez se mueve el bloque después de recorrer medio metro? Calcule el
tiempo que tarda en recorrer dicha distancia.
−𝐹𝑥 =1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 ⇒ 𝑣𝑓2 =
2
𝑚
1
2𝑚𝑣𝑖
2 − 𝐹𝑥
Al sacar raíz cuadrada a ambos la dos de la ecuación y tomando el valor positivo:
Física mecánica
164
𝑣𝑓 = 2
𝑚
1
2𝑚𝑣𝑖
2 − 𝐹𝑥 = 2
1𝑘𝑔 1
21𝑘𝑔(10𝑚/𝑠)2 − 50(0,5𝑚)
𝑣𝑓 = 50 𝑚/𝑠
De la segunda Ley de Newton se tiene que
𝐹 = 𝑚𝑎 ⇒ 𝑎 =𝐹
𝑚=
−50𝑁
1𝑘𝑔= −50𝑚/𝑠2
A partir de la definición de aceleración media:
𝑎 =𝑣𝑓 − 𝑣𝑜
𝑡 ⇒
𝑡 =𝑣𝑓 − 𝑣𝑜
𝑎=
7𝑚/𝑠 − 10𝑚/𝑠
−50𝑚/𝑠2= 0,06𝑠
Energía Potencial
Como se había mencionado en la introducción de la unidad temática, todo cuerpo posee en
si mismo cierta cantidad de energía latente o potencial, que se trasformará en cinética.
Existen en física mecánica dos tipos de energía potencial, una es la potencial gravitatoria,
que tiene que ver con la altura a la que está un objeto, la otra es la potencial elástica, que
tiene que ver con la deformación de un resorte al aplicarle una fuerza.
Energía potencial gravitacional
Supongamos que se deja caer un cuerpo de masa m desde la posición yi hasta yf. Además
podemos asumir que la resistencia del aire es despreciable.
Física mecánica
165
Figura 5.10 Trabajo del peso w sobre un objeto en caída libre
Consideremos desplazamientos cercanos a la superficie de la terrestre, de esta forma se
desprecian las variaciones de la fuerza gravitacional con la distancia al centro de la Tierra,
entonces la fuerza gravitacional se dirige hacia abajo y tiene una magnitud dada por la
expresión: 𝑤 = 𝑚𝑔.
Como el objeto parte del reposo, la energía cinética inicial es cero, al recorrer una distancia
𝑦 = 𝑦𝑖 − 𝑦𝑓 el objeto gana velocidad y por lo tanto la energía cinética en este punto es
diferente de cero. Si consideramos la distancia “y” como un cambio de posición, entonces
∆𝑦 = − 𝑦𝑓 − 𝑦𝑖 y, la fuerza gravitacional es un vector que apunta hacia abajo, el
desplazamiento y la fuerza tienen la misma dirección. Sobre la masa m actúa la gravedad,
lo que quiere decir que su desplazamiento se debe a la fuerza gravitacional, la fuerza
realiza trabajo sobre el cuerpo, y este trabajo se expresa en función de las posiciones inicial
y final del cuerpo.
𝑊 = 𝑚𝑔∆𝑦 = −𝑚𝑔 𝑦𝑓 − 𝑦𝑖 = −(𝑚𝑔𝑦𝑓 − 𝑚𝑔𝑦𝑖) (5.15)
A la cantidad mg multiplicada por la altura y que se ubica por encima del origen de
coordenadas, se denomina energía potencial gravitacional, 𝑈 = 𝑚𝑔.
yf
v
Ki= 0
Kf = ½mv2
yi
Física mecánica
166
De acuerdo a lo anterior, el trabajo se puede expresar en términos de la energía potencial
gravitacional:
𝑊 = − 𝑚𝑔𝑦𝑓 − 𝑚𝑔𝑦𝑖 = − 𝑈𝑔𝑓 − 𝑈𝑔𝑖 = −∆𝑈𝑔
𝑊 = −∆𝑈𝑔 (5.16)
Teniendo en cuenta las ecuaciones (5.14) y (5.16), en donde se expresa el trabajo como la
variación de la energía cinética (5.14) y también como la menos la variación de la energ
∆𝐾 = −∆𝑈𝑔
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑈𝑔𝑖 − 𝑈𝑔𝑓 (5.17 )
Es decir, la variación de la energía cinética es igual a menos la variación de la energía
potencial gravitacional. A medida que la energía cinética aumenta, la energía potencial
gravitacional disminuye y viceversa.
Ejemplo 5.4
1) Un bloque de 100 g se desliza sin fricción por una pista que tiene la forma de un
cuadrante de una circunferencia de radio R = 50 cm. Si parte del reposo, calcule la rapidez
del bloque al llegar al punto más bajo de la pista y la magnitud del trabajo realizado por la
fuerza gravitacional:
Solución:
Física mecánica
167
Teniendo en cuenta la ecuación 5.17:
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑈𝑔𝑖 − 𝑈𝑔𝑓
Como parte del reposo 𝐾𝑖 = 0. Además 𝑈𝑔𝑓 = 0 porque se toma como referencia el punto
más bajo de la trayectoria.
⇒ 𝐾𝑓 = 𝑈𝑔𝑖
Remplazando la definición de las energías cinéticas y potencial respectivamente:
1
2𝑚𝑣2 = 𝑚𝑔𝑅
Cancelando la masa y despejando 𝑣:
𝑣 = 2𝑔𝑅 = 2 9,8𝑚
𝑠2 0,5𝑚
𝑣 = 3,1 𝑚
𝑠
Para calcular la magnitud del trabajo se tiene en cuenta la ecuación (5.16), los valores de la
masa m = 100 g = 0,10 Kg, del radio R = 50 cm = 0,50 m, y que 𝑈𝑓 = 0.
𝑊 = 𝑈𝑖 − 𝑈𝑓 = 𝑚𝑔𝑅 = 0,10𝑘𝑔 9,80𝑚
𝑠2 0,50𝑚
𝑊 = 0,49 𝐽
2) Una cuenta de masa m se desliza por un alambre sin fricción desde el punto A hasta el
punto B, como muestra la figura. Calcule el trabajo efectuado por la gravedad sobre la
cuenta.
Solución
En cercanías de la superficie de la Tierra, la fuerza gravitacional sobre la partícula es
𝐹 𝑔 = −𝑚𝑔𝑗 , tomando el eje y hacia arriba, el desplazamiento 𝑑𝑠 tiene dos componentes,
Física mecánica
168
una perpendicular al peso, y la otra paralela al mismo:
𝑑𝑠 = 𝑑𝑙𝑖 + 𝑑𝑦𝑗 , por lo tanto el trabajo realizado por la fuerza gravitacional sobre la cuenta
durante un desplazamiento diferencial 𝑑𝑠 es:
𝑑𝑊 = 𝐹 𝑔 . 𝑑𝑠 = −𝑚𝑔𝑗 . 𝑑𝑙𝑖 + 𝑑𝑦𝑗 = −𝑚𝑔𝑑𝑦
El trabajo total efectuado sobre la cuenta para desplazarse del punto A hasta el punto B es:
𝑊𝐴⇾𝐵 = −𝑚𝑔𝑑𝑦𝑦𝐵
𝑦𝐴
= −𝑚𝑔 𝑑𝑦 = −𝑚𝑔(𝑦𝐵 − 𝑦𝐴)𝑦𝐵
𝑦𝐴
= −𝑚𝑔∆𝑦
𝑊𝐴⇾𝐵 = −𝑚𝑔∆𝑦
La variación de la altura es negativa, es decir, la altura disminuye. El trabajo neto
efectuado por la gravedad sobre la cuenta, es igual a su peso mg, multiplicado por la
variación de la altura; y no depende de la forma del alambre.
3) Un niña sostiene una muñeca de masa 0,1 kg, y la lanza hacia arriba con una velocidad
cuya magnitud es v. Calcule el valor de v, si la altura que alcanza la muñeca es de 5 m.
Desprecie la fricción del aire.
Solución:
x
y
yB
yA
mg
𝑑𝑠
A
B
Física mecánica
169
Desde el punto de vista del trabajo y la energía, se tiene la siguiente expresión:
∆𝐾 = −∆𝑈𝑔
Consideremos el lanzamiento: se toma como nivel de referencia (𝑦 = 0) la posición inicial
de la muñeca. Entonces, 𝑈𝑔𝑖 = 0.
En y = 5 m, la energía potencial gravitacional:
𝑈𝑔𝑓 = 𝑚𝑔𝑦 , con 𝑦 = 5 𝑚
En y = 0, la energía cinética es diferente de cero y viene dada por la expresión:
𝐾𝑖 =1
2𝑚𝑣2
Y, en 𝑦 = 5 𝑚, 𝐾𝑓 = 0, ya que la velocidad en este punto es cero.
Teniendo en cuenta estos resultados y la ecuación 5.17:
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑈𝑔𝑖 − 𝑈𝑔𝑓 ⟹ −𝐾𝑖 = −𝑈𝑔𝑓 ⇒ 𝐾𝑖 = 𝑈𝑔𝑓
𝐾𝑓 = 0 porque la muñeca alcanza la altura máxima y 𝑈𝑔𝑖 = 0 por que llega al punto de
partida, luego:
1
2𝑚𝑣2 = 𝑚𝑔𝑦
Despejando 𝑣:
𝑣 = 2𝑔𝑦 = 2 9,8𝑚
𝑠2 3𝑚 = 7,7
𝑚
𝑠
4) Una cuerda de longitud L está sujeta al techo y del otro extremo cuelga un objeto de
masa m. Una fuerza horizontal se aplica al objeto hasta que la cuerda forma un ángulo θ
con la vertical (punto A). El objeto se suelta en este punto. Halle una expresión para su
rapidez al pasar por el origen (punto B).
Física mecánica
170
Solución:
Tomando como nivel de referencia, 𝑦 = 0, al punto B, en el punto A la masa m está a una
altura 𝑦 = 𝐿 − 𝐿𝑐𝑜𝑠𝜃.
Se aplica de nuevo la ecuación 5.17 y teniendo en cuenta que en el punto A, la masa m
parte del reposo, KA = 0 y, en el punto B la energía potencial, UgB = 0.
𝐾𝐵 − 𝐾𝐴 = 𝑈𝑔𝐴 − 𝑈𝑔𝐵 ⇒ 𝐾𝐵 = 𝑈𝑔𝐴 ⇒ 𝐾𝐵 = 𝑚𝑔𝑦
Luego
1
2𝑚𝑣2 = 𝑚𝑔(𝐿 − 𝐿𝑐𝑜𝑠𝜃)
La expresión para 𝑣 es:
𝑣 = 2𝑔𝐿(1 − 𝑐𝑜𝑠𝜃)
y=L- Lcosθ
L Lcosθ θ
B
A
θ L
Física mecánica
171
Energía potencial elástica
Cuando se expande un resorte comprimido, este ejerce fuerza sobre un objeto que esté fijo
a él, acelera al objeto y efectúa trabajo sobre él; el objeto adquiere energía cinética. La
energía que gana el objeto proviene de la energía almacenada por el resorte cuando está
comprimido (o estirado), esta energía la llamaremos energía potencial elástica. El trabajo
efectuado sobre un resorte para comprimirlo una distancia X, es:
𝑊 =1
2𝑘𝑋2
y, la energía almacenada en el resorte es igual al trabajo realizado sobre él:
𝑊 = 𝑈𝑠 =1
2𝑘𝑋2
De acuerdo a la ecuación 5.10, el trabajo realizado por la fuerza restauradora del resorte al
actuar sobre una masa m viene dado por:
𝑊 =1
2𝑘𝑥𝑖
2 −1
2𝑘𝑥𝑓
2 = − 1
2𝑘𝑥𝑓
2 −1
2𝑘𝑥𝑖
2
Finalmente, dicho trabajo se puede expresar en términos de la energía potencial elástica:
𝑊 = − 1
2𝑘𝑥𝑓
2 −1
2𝑘𝑥𝑖
2 =1
2𝑘𝑥𝑖
2 −1
2𝑘𝑥𝑓
2 = −Δ𝑈𝑠 ⇒
𝑊 = −Δ𝑈𝑠 (5.18)
De acuerdo a las ecuaciones (5.14) y (5.18), se concluye que:
ΔK = −Δ𝑈𝑠
Es decir:
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑈𝑠𝑖 − 𝑈𝑠𝑓 (5.19)
La energía cinética se convierte en energía potencial y viceversa.
Física mecánica
172
Energía mecánica y conservación de la energía
La variación de la energía cinética es igual al negativo de la variación de la energía
potencial, bien sea la gravitacional, la elástica o ambas. Esto se puede expresar así:
∆𝐾 = −∆𝑈 ⇒
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 = 𝑈𝑖 − 𝑈𝑓 ⇒
𝐾𝑖 + 𝑈𝑖 = 𝐾𝑓 + 𝑈𝑓 (5.20)
En un instante cualquiera la energía mecánica del sistema se define como la energía
cinética más la energía potencial:
𝐸 = 𝐾 + 𝑈 (5.21)
De las ecuaciones 5.20 y 5.12 se puede concluir que la energía inicial del sistema es igual a
la energía final del mismo:
𝐸𝑖 = 𝐸𝑓
La ecuación anterior expresa la conservación de la energía mecánica de un sistema aislado,
esto quiere decir que la interacción con el medio se anula.
Ejemplo 5.5
Física mecánica
173
1) Se deja caer un bloque de masa m desde una altura H sobre un resorte de masa
despreciable de constante elástica k. Halle la distancia h máxima que se comprime el
resorte.
Solución:
Como el bloque parte del reposo, Ki = 0, cuando la comprensión del resorte es máxima, la
velocidad en ese punto también es cero, por lo tanto Kf = 0, nos queda que Δ𝐾 = 0 . El
bloque al caer pierde energía potencial gravitacional y el resorte gana energía potencial
elástica:
Δ𝐾 = − Δ𝑈𝑔 + Δ𝑈𝑠 ⇒ 0 = −(Δ𝑈𝑔 + Δ𝑈𝑠)
La expresión resultante es:
Δ𝑈𝑔 = −Δ𝑈𝑠 ⇒ 𝑈𝑔𝑓 − 𝑈𝑔𝑖 = 𝑈𝑠𝑖 − 𝑈𝑠𝑓
En y = 0, 𝑈𝑔𝑓 = 0 y 𝑈𝑠𝑓 =1
2𝑘2
En y = H+h, 𝑈𝑔𝑖 = 𝑚𝑔(𝐻 + ) y 𝑈𝑠𝑓 = 0
Por lo tanto:
−𝑈𝑔𝑖 = −𝑈𝑠𝑓 ⇒ 𝑚𝑔 𝐻 + = 1
2𝑘2
La expresión anterior se puede escribir:
1
2𝑘2 − 𝑚𝑔 − 𝑚𝑔𝐻 = 0
o bien
2 −2𝑚𝑔
𝑘−
2𝑚𝑔𝐻
𝑘= 0
La cual es una ecuación cuadrática, cuya solución es:
Física mecánica
174
=
2mgk
± 4𝑚2𝑔2
𝑘2 +8mgH
k
2
Se toma la solución positiva, ya que h está por encima de y = 0.
2) Un bloque de masa 3 kg se desliza por una por una vía sin fricción y se detiene debido a
su interacción con un resorte de constante 300 N/m. Si el bloque alcanza el reposo cuando
ha recorrido una distancia de 5 cm después de entrar en contacto con el resorte, ¿Qué
rapidez llevaba el bloque justo cuando choca con el resorte?
Solución:
Como el bloque no sufre cambios en la altura, ∆𝑈𝑔 = 0.
𝐾𝑖 = 0 porque el bloque llega al reposo.
𝑈𝑠𝑖 = 0 porque el resorte no está deformado aún.
Por lo tanto:
𝐾𝑖 = 𝑈𝑠𝑓
Es decir:
𝑚𝑣𝑖2
2=
𝑘𝑥2
2
Donde la rapidez se expresa como:
Física mecánica
175
𝑣𝑖 = 𝑘𝑥2
𝑚
Se reemplazan los datos:
𝑣𝑖 = (300𝑁/𝑚)(0,05𝑚)2
3𝑘𝑔= 0,5
𝑚
𝑠
Fuerzas conservativas y no conservativas
Si sobre un objeto actúa una fuerza, éste cambia de posición, es decir la fuerza realiza
trabajo, desde el punto de vista de la física este trabajo implica la variación de la energía
cinética, o también se puede expresar como menos la variación de la energía potencial,
bien sea elástica o gravitacional. Pero dependiendo del tipo de fuerza aplicada, podemos
decir si el sistema conserva o no la energía mecánica. En este contexto, existen dos tipos de
fuerzas: conservativas o no conservativas.
Fuerzas conservativas
Sea un objeto de masa m sobre el cual actúa una fuerza 𝐹 , y por esta razón el objeto se
desplaza de la posición B a la posición A. El trabajo de la fuerza aplicada se expresa
como:
𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑟 𝐵
𝐴
= 𝐹 . 𝑟 𝐵 − 𝑟 𝐴
De acuerdo a la ecuación anterior, el trabajo depende del cambio de posición, el cual es el
vector resultante 𝑟 𝐵 − 𝑟 𝐴, y de la componente de la fuerza aplicada paralela a dicho
desplazamiento.
Física mecánica
176
Figura 5.11 Trabajo realizado por una fuerza constante
Si el trabajo realizado por una fuerza es igual a la diferencia entre el valor inicial y valor
final de una función que representa la energía potencial, se dice que dicha fuerza es
conservativa. Lo que quiere decir que la energía mecánica del sistema es una constante.
Si un cuerpo se deja caer desde una altura h, y se desprecian los efectos del aire, sobre el
cuerpo solamente actúa la fuerza gravitacional. El trabajo únicamente depende de la
energía potencial evaluada en dos posiciones: la inicial y la fina, la fuerza gravitacional por
lo tanto es conservativa, en la medida que el objeto pierde altura gana velocidad, es decir la
energía potencial se transforma en energía cinética. Cuando el objeto se lanza hacia arriba,
en la medida en gana altura pierde energía cinética.
Cuando se presiona un objeto de masa m contra un resorte, éste se deforma y realiza
trabajo sobre el objeto. Considerando que la fuerza elástica es la única que actúa sobre el
cuerpo, el trabajo de dicha fuerza depende de energía potencial elástica evaluada en la
posición inicial y final respectivamente, por lo tanto la energía potencial elástica es
conservativa. Cuando el sistema es conservativo el trabajo se recupera en su totalidad, es
decir, la energía mecánica total en un punto es igual cuando se evalúa en otro punto
diferente.
Finalmente, al aplicar una fuerza conservativa a un objeto, y debido a ésta situación, el
objeto hace un recorrido, pero no cambia de posición, el trabajo realizado por la fuerza es
igual a cero, es decir:
B
w 𝐹
. dr A
w
𝑟𝐵 − 𝑟𝐴
𝑟𝐵
𝑟𝐴
o
El trabajo realizado por
la fuerza no depende de
la trayectoria del objeto,
depende de la posición
inicial y de la posición
final del mismo.
Física mecánica
177
𝑊𝐶𝑎𝑚𝑖𝑛𝑜 𝑐𝑒𝑟𝑟𝑎𝑑𝑜 = 𝐹 . 𝑑𝑟 = 0 (5.22)
Fuerzas no conservativas
Al comparar una fuerza conservativa con la fuerza de fricción que se ejerce sobre un objeto
al desplazarse sobre una superficie, el trabajo por la fuerza de fricción depende de la
trayectoria del objeto, es decir, entre más largo sea el recorrido, mayor es el trabajo. Si el
objeto recorre una distancia cualquiera, la fuerza de fricción realiza un trabajo W1, luego el
objeto vuelve a la posición inicial, al regresar, la fuerza de fricción realiza un trabajo W2;
W1 ≠ W2 , el trabajo no se recupera totalmente, es decir hay pérdida de energía mecánica;
por lo tanto la fuerza de fricción es disipativa.
Figura 5.12 Fuerza de fricción en dirección contraria al desplazamiento
𝑊𝑛𝑐 = 𝐹 . ∆𝑟 = 𝐹 ∆𝑟 𝑐𝑜𝑠𝜋 = −𝐹∆𝑟 (5.23)
Donde ∆𝑟 es la longitud recorrida; el trabajo negativo implica que la energía se disipa. En
este caso, la fuerza de fricción y el desplazamiento tiene sentido contrario. La energía total
del sistema es igual al trabajo realizado por la fuerza no conservativa, esta situación se
expresa matemáticamente así:
∆𝐾 + ∆𝑈 = −𝐹𝑓∆𝑟 ⇒
𝐾𝑓 − 𝐾𝑖 + 𝑈𝑔𝑓 − 𝑈𝑔𝑖 + 𝑈𝑠𝑓 − 𝑈𝑠𝑖 = −𝐹𝑓∆𝑟 (5.24)
𝐹 𝑎
𝐹 𝑓 ∆𝒓
Física mecánica
178
Si la fuerza no conservativa tiene el mismo sentido del desplazamiento hay pérdida de
energía mecánica, pero sin tienen el mismo sentido se gana energía mecánica.
Ejemplo 5.6
1) Se aplica una fuerza a un bloque de masa 1,5 kg que está unido a un resorte de masa
despreciable y lo comprime una longitud de 0,3 m. Al soltarlo el bloque recorre una
distancia de 0,9 m sobre la superficie horizontal antes de llegar al reposo. El coeficiente de
fricción entre el bloque y la superficie es 0,2. Calcule la constante del resorte.
Solución
De acuerdo a la ecuación (5.24):
∆𝐾 + ∆𝑈𝑔 + ∆𝑈𝑠 = −𝐹𝑓∆𝑟
Como no hay cambios en la posición vertical, por lo tanto: ∆𝑈𝑔 = 0.
Además el bloque parte del reposo y llega al reposo: ∆𝐾 = 0.
La energía potencial elástica final es cero, porque el resorte no está deformado: 𝑈𝑓 = 0.
Por lo tanto:
−𝑈𝑠𝑓 = −𝜇𝑚𝑔𝑥𝑓 ⟹
Física mecánica
179
1
2𝑘𝑥𝑖
2 = 𝜇𝑚𝑔𝑥𝑓 ⟹
Despejando la variable k:
𝑘 =2𝜇𝑚𝑔𝑥𝑓
𝑥𝑖2
Reemplazando los datos:
𝑘 =2 0,2 1,5 𝑘𝑔
9,8𝑚𝑠2 (0,9𝑚)
(0,3𝑚)2= 58,8 𝑁/𝑚
2) Un bloque de masa m1 descansa sobre una mesa, está fijo a la pared por un resorte de
constante elástica k; y está unido a otro bloque de masa m2 a través de de una cuerda ligera
que pasa por una polea sin fricción. El bloque m2 cae una distancia h hasta llegar al piso.
Encuentre una expresión para el coeficiente de fricción cinético.
Solución:
Considerando el bloque de masa m1.
Física mecánica
180
Tomamos como referencia la mesa, el bloque no sufre cambio en la posición vertical,
entonces ∆𝑈𝑔 = 0.
El bloque parte del reposo y llega al reposo por lo tanto ∆𝐾 = 0.
La energía potencial elástica inicial es cero: 𝑈𝑠𝑖 = 0porque el resorte no está deformado.
Considerando el bloque de masa m2.
Se toma como referencia el piso, por lo tanto 𝑈𝑔𝑓 = 0 porque = 0.
El bloque parte del reposo y llega al reposo por lo tanto ∆𝐾 = 0.
De la ecuación (5.24) nos queda:
−𝑈𝑔𝑖 + 𝑈𝑠𝑓 = −𝐹𝑓∆𝑟 ⟹
−𝑚2𝑔 +1
2𝑘2 = −µ𝑚1𝑔
Despejando la variable µ:
µ =𝑚2𝑔 −
12 𝑘2
𝑚1𝑔 ⟹
µ =2𝑚2𝑔 − 𝑘
2𝑚1𝑔
3) Dos bloques están unidos por una cuerda ligera que pasa sobre una polea sin fricción, y
m1< m2. El coeficiente de fricción entre el bloque de masa m1 y la superficie horizontal es
µ; calcule la rapidez del sistema en el instante en que los bloques se han desplazado una
distancia h como muestra la figura. Suponga que el sistema parte del reposo.
Física mecánica
181
Solución:
La masa m1 no sufre cambios en la posición vertical, por lo tanto la energía potencial
gravitacional es cero.
Al tomar como referencia el punto donde = 0, la energía potencial para m2 es cero.
Como el sistema parte del reposo la energía cinética del sistema es cero. Además la
distancia que recorre m1 es h.
Por lo tanto:
𝐾𝑓 − 𝑈𝑖 = −𝐹𝑓 ⟹
1
2𝑚1𝑣2 +
1
2𝑚2𝑣2 − 𝑚2𝑔 = −µ𝑚1𝑔 ⟹
1
2(𝑚1+𝑚2)𝑣2 = 𝑚2𝑔 − µ𝑚1𝑔 = 𝑔 𝑚2 − µ𝑚1 ⟹
𝑣2 =2𝑔 𝑚2 − µ𝑚1
𝑚1 + 𝑚2 ⟹
Física mecánica
182
𝑣 = 2𝑔(𝑚2 − µ𝑚1)
𝑚1 + 𝑚2
Si m1 = 1 kg, m2 = 2 kg, µ = 0,2 y h = 1,5 m la rapidez del sistema es:
𝑣 = 2 9,8 𝑚
𝑠2 (1,5𝑚) 2𝑘𝑔 − 0,2𝑘𝑔
3 𝑘𝑔= 4,2 𝑚 𝑠
4) Un joven va camino al colegio en una bicicleta e ingresa a la carretera con una
velocidad de 5 m/s y comienza a desplazarse en línea recta. La masa del joven y de la
bicicleta de 80 kg. El viento sopla con una fuerza Fv = 6 N en la misma dirección del
movimiento del joven en su bicicleta. ¿Cuál será la rapidez de éste después de recorrer una
distancia d = 120 m?
Como el desplazamiento del joven y la fuerza del viento son vectores paralelos, entonces:
∆𝐾 = 𝐹𝑣𝑑 ⟹
1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 = 𝐹𝑣𝑑 ⟹
𝑣𝑓 = 2𝐹𝑣𝑑 + 𝑚𝑣𝑖
2
𝑚 ⟹
𝑣𝑓 = 2(6𝑁)120𝑚 + 80𝑘𝑔(5𝑚)2
80𝑘𝑔 = 6,5 𝑚
𝑠
Física mecánica
183
Si el viento soplara en dirección contraria al movimiento del joven, la velocidad después
de recorrer 120 m debe disminuir, veamos:
1
2𝑚𝑣𝑓
2 −1
2𝑚𝑣𝑖
2 = −𝐹𝑣𝑑 ⟹
𝑣𝑓 = 𝑚𝑣𝑖
2 − 2𝐹𝑣𝑑
𝑚 ⟹
𝑣𝑓 = 80𝑘𝑔(5𝑚)2 − 2(6𝑁)120𝑚
80𝑘𝑔 = 2,6 𝑚
𝑠
Potencia
Hasta el momento se ha tratado el tema de trabajo y de la manera como se relaciona con el
concepto de energía. Por ejemplo, si un albañil arrastra material de construcción en su
carretilla, el trabajo realizado no depende del tiempo que demore llevar a cabo esta acción,
da igual si se demora una hora o 15 minutos, ya que para el estudio del concepto trabajo,
no se requiere que se hagan consideraciones de tiempo. Pero se puede hablar de otra
cantidad física que relaciona el trabajo con el tiempo empleado para realizarlo, esta
cantidad se denomina Potencia.
Definición de potencia
En muchos casos, es muy importante considerar el trabajo realizado por una fuerza y el
tiempo que invierte en ello, es decir, la cantidad de trabajo realizado. A esta cantidad se le
da el nombre de potencia desarrollada por dicha fuerza.
Física mecánica
184
Para una fuerza que realiza una cantidad de trabajo ∆W durante un intervalo de tiempo Δt,
la potencia promedio se define como:
𝑃𝑜𝑡𝑒𝑛𝑐𝑖𝑎 𝑝𝑟𝑜𝑚𝑒𝑑𝑖𝑜 =𝑇𝑟𝑎𝑏𝑎𝑗𝑜 𝑟𝑒𝑎𝑙𝑖𝑧𝑎𝑑𝑜
𝐼𝑛𝑡𝑒𝑟𝑣𝑎𝑙𝑜 𝑑𝑒 𝑡𝑖𝑒𝑚𝑝𝑜 ,
𝑃 =∆𝑊
∆𝑡
Si el trabajo en la unidad de tiempo no es constante, se define la potencia instantánea como
el límite de esta relación cuando ∆𝑡 → 0:
𝑃 = lim∆𝑡→0
∆𝑊
∆𝑡=
𝑑𝑊
𝑑𝑡 ⟹
𝑃 =𝑑𝑊
𝑑𝑡 (5.25)
En el sistema internacional de unidades (S.I), la unidad de potencia es el Watt y se define
como:
1 𝑊𝑎𝑡𝑡 =1𝐽
1𝑠
Otra unidad que se emplea para referirse a la potencia es el caballo de fuerza o también se
lo conoce como horse power (hp), el cual se define como:
1 𝑝 = 550 𝑝𝑖𝑒. 𝑙𝑏 = 746 𝑊𝑎𝑡𝑡
Quiere decir, que un motor de 1 hp funcionando al ciento por ciento realiza 550 pie.lb de
trabajo en cada segundo de funcionamiento.
Física mecánica
185
Potencia y velocidad
Si consideramos una variación infinitesimal de trabajo, entonces:
𝑑𝑊 = 𝐹 . 𝑑𝑠 (5.26)
Reemplazando la ecuación (5.25) en la ecuación (5.26):
𝑃 =𝐹 .𝑑𝑠
𝑑𝑡= 𝐹 .
𝑑𝑠
𝑑𝑡= 𝐹 . 𝑣
P =F .ds
dt= F .
ds
dt= F . v (5.27)
La potencia desarrollada también se expresa en virtud de la velocidad con la que una
fuerza realiza un trabajo.
Ejemplos 5.7
1) El ascensor de un edificio pesa 10000 N cuando está lleno. El motor desarrolla una
potencia de 6 hp para halar hacia arriba el ascensor con velocidad constante, calcule la
magnitud de dicha velocidad.
Solución:
La fuerza del motor es igual al peso del ascensor.
𝑃 = 6 𝑝746 𝑊
1 𝑝= 4476 𝑊att
La fuerza del motor y la velocidad son dos vectores paralelos, entonces
Física mecánica
186
𝑃 = 𝐹𝑣 ⇒ 𝑣 =𝑃
𝐹=
4476 𝑁𝑚/𝑠
10000 𝑁= 0,44 𝑚/𝑠
2) Un ascensor de 700 kg parte del reposo. Asciende con aceleración constante hasta
alcanzar una rapidez de 2 m/s en 2 s ¿cuál es la potencia promedio desarrollada por el
motor?
Solución:
De la ecuación (5.25) se tiene que: 𝑃 =∆𝑊
∆𝑡=
𝐹∆𝑦
∆𝑡=
𝐹(𝑦−𝑦𝑜)
(𝑡−𝑡𝑜)
Se puede asumir que cuando 𝑡𝑜 = 0 𝑦𝑜 = 0, la ecuación anterior:
𝑃 =𝐹𝑦
𝑡
La velocidad del ascensor no es constante, el movimiento es uniformemente acelerado:
𝑃 =𝑚𝑎𝑦
𝑡 (1)
La distancia recorrida por el ascensor viene dada por la expresión:
𝑦 = 𝑣𝑓 + 𝑣𝑖
2 𝑡
Como el ascensor parte del reposo:
𝑦 =𝑣𝑓
2𝑡 (2)
y la aceleración es de la forma:
Física mecánica
187
𝑎 =𝑣𝑓
𝑡 (3)
Se reemplaza (2) y (3) en (1):
𝑃 =𝑚𝑎
𝑡
𝑣𝑓
2𝑡 =
𝑚𝑎
2𝑣𝑓 =
𝑚𝑣𝑓2
2𝑡
Al reemplazar los valores se tiene que:
𝑃 = 700𝑘𝑔 9,8
𝑚𝑠2 2
𝑚𝑠
2
2(2 𝑠)= 6860 𝑊𝑎𝑡𝑡
3) Un atleta de 70kg de masa sube por una cuerda vertical de 12 m de longitud a una
rapidez constante en 10 segundos, cuál es la potencia producida por el atleta?
Solución:
El peso del atleta es la fuerza que tiene que ejercer el atleta para subir por la cuerda.
𝑃 = 𝐹𝑣 =𝑚𝑔𝑑
𝑡 ⟹
𝑃 = 70 𝑘𝑔 9,8 𝑚/𝑠2 12 𝑚
10 𝑠= 823,2 𝑊
Colisiones en una y dos dimensiones
Recordemos que todo objeto en movimiento tiene una característica debido a la cual ejerce
una fuerza sobre todo aquello que pretenda cambiar su estado de movimiento. Esta
cualidad o característica se denomina cantidad de movimiento o momento lineal. Si dos
partículas, partícula 1 y partícula 2, colisionan, la partícula ejerce una fuerza sobre la
Física mecánica
188
partícula 2 y viceversa, si no existen otras fuerzas actuando sobre el sistema, las fuerzas en
cuestión tienen la misma magnitud y dirección pero en sentido contrario. Estas fuerzas
actúan en un breve intervalo de tiempo.
Las colisiones se presentan en una o dos dimensiones y se clasifican en colisiones
elásticas, inelásticas y perfectamente elásticas.
De regreso a la segunda ley de Newton
Cuando un objeto experimenta una fuerza constante neta diferente de cero, éste de acelera
también de manera constante en la dirección de la fuerza, y de acuerdo a la segunda ley de
Newton, la aceleración viene dada por:
𝑎 =𝐹
𝑚 (5.28)
De acuerdo a la definición de aceleración tratada en temas anteriores, se tiene que
𝑎 =𝑣 𝑓 − 𝑣 𝑖
𝑡 ⇒
𝑣 𝑓 = 𝑣 𝑖 + 𝑎 𝑡 (5.29)
Al remplazar 5.28 en 5.29:
𝑣 𝑓 = 𝑣 𝑖 +𝐹 𝑡
𝑚 ⟹
𝐹 𝑡 = 𝑚𝑣 𝑓 − 𝑚𝑣 𝑖
Como 𝑝 = 𝑚𝑣 , entonces:
𝐹 𝑡 = 𝑝 𝑓 − 𝑝 𝑖 = ∆𝑝
La variación del momento lineal es el producto entre la fuerza aplicada y el tiempo que
ésta actúa. La dirección del cambio de momento lineal es la dirección de la fuerza. Esta
cantidad recibe el nombre de impulso (𝐼 ), entonces:
Física mecánica
189
𝐼 = 𝐹 𝑡 = ∆𝑝 = 𝑚𝑣 𝑓 − 𝑚𝑣 𝑖 (5.30)
Además, de acuerdo a las leyes de Newton:
𝐹 =𝑑𝑝
𝑑𝑡 ⟹ 𝑑𝑝 = 𝐹 𝑑𝑡
Integrando la expresión anterior:
𝑑𝑝 = 𝐹 𝑑𝑡𝑝 𝑓
𝑝 𝑖
⟹
𝑝 𝑓 − 𝑝 𝑖 = ∆𝑝 = 𝐹 𝑑𝑡 ⟹
𝐼 = ∆𝑝 = 𝐹 𝑑𝑡 (5.31)
En este caso, la fuerza actúa durante un tiempo infinitamente pequeño, el cambio de
momento lineal se debe a la fuerza aplicada.
Ejemplo 5.8
1) Un automóvil de 1300 kg que viaja con una rapidez de 18 m/s, aplica los frenos
reduciendo la rapidez a 13 m/s en 2 s. Calcule la magnitud fuerza promedio de retardo.
Solución:
𝐼 = 𝐹𝑡 ⇒ 𝐹 =𝐼
𝑡=
𝑚(𝑣𝑓 − 𝑣𝑖)
𝑡
Al reemplazar los valores:
𝐹 =1300 𝑘𝑔(18
𝑚𝑠 − 13
𝑚𝑠 )
2𝑠= 3250 𝑁
Física mecánica
190
2) Un objeto de masa 4 kg se mueve sobre una superficie horizontal lisa debido a una
fuerza horizontal dada por la expresión 𝐹 = 2𝑡2 + 12, F está en newtons y t en segundos,
si en t = 0 el objeto está en reposo, calcule su velocidad cuando han transcurrido 4 s.
Solución:
𝑚 𝑣𝑓 − 𝑣𝑜 = 𝐹𝑑𝑡4
0
La velocidad inicial del objeto es cero, luego
𝑣𝑓 =1
𝑚 (3𝑡2 + 12)𝑑𝑡
𝑡
0
=1
4𝑘𝑔 𝑡3 + 12𝑡 𝑡=4 𝑘𝑔𝑚/𝑠
𝑣𝑓 =1
4 64 + 48
𝑚
𝑠= 28 𝑚/𝑠
3) Un móvil de 2 kg de masa se mueve a la largo de una superficie lisa con una rapidez de
0,5 m/s hasta que choca con una pared. ¿Cuál es su variación de momento lineal y la fuerza
promedio ejercida sobre el móvil si, en 0,1s retrocede con una velocidad de 0,1 m/s?
Solución:
De la ecuación (5.30) se tiene que:
∆𝑝 = 𝑚(𝑣 𝑓 − 𝑣 𝑜)
Además se debe tener en cuenta que la velocidad después del choque es de dirección
opuesta a la velocidad inicial del móvil, entonces:
∆𝑝 = 2 𝑘𝑔 −0,1 𝑚𝑠−1 − 0,5 𝑚𝑠−1 = −1,2 𝑘𝑔𝑚𝑠−1
Ahora vamos a calcular la fuerza promedio:
Física mecánica
191
𝑚 𝑣 𝑓 − 𝑣 𝑜 = 𝐹 𝑡 ⇒ 𝐹 = 𝑚 𝑣 𝑓 − 𝑣 𝑜
𝑡
Se reemplazamos los valores:
𝐹 =−1,2 𝑘𝑔𝑚𝑠−1
0,1𝑠= −12 𝑁
Conservación de momento lineal
Consideremos dos partículas que van a colisionar y no existen fuerzas externas que actúen
sobre cada partícula, es decir el sistema conformado por las dos partículas es un sistema
aislado.
Figura 5.13 Colisión frontal
De a cuerdo al principio de acción y reacción, en el instante en el que se da la colisión, la
masa m1 ejerce una fuerza y m2 reacciona con una fuerza de igual magnitud y de sentido
contrario:
Figura 5.14 Reacción de cada partícula al colisionar
Como resultado de la colisión, cada partícula sufre una variación del momento lineal.
Para la partícula uno se tiene que:
F1 F2
v2o
m2 m1
v1o
Física mecánica
192
𝐹 1𝑡 = 𝑚1𝑣 1𝑓 − 𝑚1𝑣 1𝑖
y para la dos:
𝐹 2𝑡 = 𝑚2𝑣 2𝑓 − 𝑚2𝑣 2𝑖
Al tener en cuenta que 𝐹 1 = −𝐹 2, es decir, 𝐹 1+𝐹 2 = 0, entonces:
𝑚1𝑣 1𝑓 − 𝑚1𝑣 1𝑖 + 𝑚2𝑣 2𝑓 − 𝑚2𝑣 2𝑖 = 0
La variación del momento lineal de la primera partícula (m1) más la variación del momento
lineal de la segunda partícula (m2) es igual a cero. Si la variación del momento lineal del
sistema es nula implica que el momento lineal del sistema aislado es constante.
Lo anterior queda sintetizado en la denominada Ley de la conservación de la cantidad de
movimiento:
“La cantidad de movimiento de lineal de un sistema aislado de partículas es una
constante”.
𝑝 𝑖 = 𝑝 𝑓 ⟹
𝑚1𝑣 1𝑖 + 𝑚2𝑣 2𝑖 = 𝑚1𝑣 1𝑓 + 𝑚2𝑣 2𝑓 (5.32)
El momento lineal inicial del sistema de partículas es igual al momento lineal final después
de la colisión o choque.
Colisión en una dimensión
La colisión es en una dimensión lo que implica que la colisión o choque debe ser frontal.
Las colisiones en general se pueden clasificar en:
Colisión elástica
Colisión inelástica
Colisión perfectamente inelástica
Física mecánica
193
Colisión elástica
La colisión entre dos partículas es elástica cuando se conserva, además del momento lineal,
la energía cinética.
𝐸𝑖 = 𝐸𝑓
Es decir,
1
2𝑚1𝑣1𝑖
2 +1
2𝑚2𝑣2𝑖
2 =1
2𝑚1𝑣1𝑓
2 +1
2𝑚2𝑣2𝑓
2 (5.33)
Colisión inelástica
En este tipo de colisión no se conserva la energía cinética del sistema de partículas. En
muchas colisiones se pierde parte de la energía cinética, produciendo por ejemplo calor o
deformaciones en los cuerpos.
Colisión perfectamente inelástica
Esta colisión se presenta cuando los cuerpos que interactúan quedan pegados después de la
colisión.
En este caso la ecuación (5.32) se puede escribir así:
𝑚1𝑣 1𝑖 + 𝑚2𝑣 2𝑖 = (𝑚1 + 𝑚2)𝑣 𝑓 (5.34)
Ejemplos
1) Una pelota de 30 g que viaja hacia la derecha a 40 cm/s, choca de frente con una pelota
que está en reposo de 60 g de masa. Si la colisión es elástica, encuentre la velocidad de
cada pelota después de la colisión.
Solución:
El momento lineal se conserva, y como la colisión es frontal por lo tanto:
Física mecánica
194
𝑚1𝑣1𝑖 + 𝑚2𝑣2𝑖 = 𝑚1𝑣1𝑓 + 𝑚2𝑣2𝑓
La segunda pelota está en reposo, entonces:
𝑚1𝑣1𝑖 = 𝑚1𝑣1𝑓 + 𝑚2𝑣2𝑓
Se tiene que m2 = 2m1:
𝑚1𝑣1𝑖 = 𝑚1𝑣1𝑓 + 2𝑚1𝑣2𝑓
La ecuación anterior queda así:
𝑣1𝑖 = 𝑣1𝑓 + 2𝑣2𝑓
Se remplaza el valor de la velocidad inicial de la primera pelota:
0,4 = 𝑣1𝑓 + 2𝑣2𝑓 (1)
La colisión es elástica entonces la energía cinética se conserva:
1
2𝑚1𝑣1𝑖
2 =1
2𝑚1𝑣1𝑓
2 +1
2𝑚2𝑣2𝑓
2
Al tener en cuenta que m2 = 2m1, y el valor de la velocidad inicial de la primera pelota:
1
2𝑚10,16 =
1
2𝑚1𝑣1𝑓
2 +1
22𝑚1𝑣2𝑓
2 ⟹
0,16 = 𝑣1𝑓2 + 2, 00𝑣2𝑓
2 (2)
De la ecuación (1):
𝑣1𝑓 = 0,40 − 2,00𝑣2𝑓 (3)
Física mecánica
195
Se remplaza la ecuación (3) en la (2):
0,16 = 0,40 − 2,00𝑣2𝑓 2
+ 2,00𝑣2𝑓2 ⟹
0,16 = 0,16 − 0,80𝑣2𝑓 + 4,00𝑣2𝑓2 + 2,00𝑣2𝑓
2 ⟹
0,16 = 0,16 − 1,60𝑣2𝑓 + 6,00𝑣2𝑓2 ⟹
6, 00𝑣2𝑓2 = 1,60𝑣2𝑓 ⟹
𝑣2𝑓 =1,60
6,00
𝑚
𝑠= 0,26
𝑚
𝑠
Al reemplazar el valor anterior en la ecuación (3):
𝑣1𝑓 = 0,40 − 2,00 0,26 = −0,12 𝑚
𝑠
𝑣1𝑓 = −0,12 𝑚
𝑠 𝑦 𝑣2𝑓 = 0,26
𝑚
𝑠
2) El péndulo balístico es un dispositivo que se utiliza para medir la velocidad de un
proyectil. Él proyectil colisiona frontalmente con un cuerpo de masa mucho mayor y
queda incrustado en él.
Antes de la colisión Después de la colisión
H
vp
Física mecánica
196
En la figura, el péndulo es un bloque de madera de masa M, suspendido verticalmente. Un
proyectil de masa m que lleva una velocidad cuya magnitud es vp, choca con el péndulo y
al penetrar el bloque de madera, este oscila hasta alcanzar una altura H. Calcule la
velocidad del proyectil cuando choca contra el bloque de madera.
Solución:
Antes de la colisión el bloque está en reposo y después de la colisión el proyectil y el
bloque se mueven juntos hasta alcanzar el reposo. En ese instante la energía del sistema es
únicamente potencial, y se encuentra a una altura H del punto de referencia.
El momento lineal se conserva:
𝑚𝑣𝑝 = 𝑚 + 𝑀 𝑉 ⟹ 𝑣𝑝 = 𝑚 + 𝑀 𝑉
𝑚 (1)
Para calcular V que es la velocidad del sistema se tiene en cuenta la energía del sistema
proyectil-bloque. La energía inicial solamente cinética, cuando el bloque con el proyectil
oscila hasta llegar al reposo, como se mencionó antes, la energía total es potencial.
1
2 m + M V2 = m + M gH ⟹
Al despejar V la expresión para la velocidad es:
𝑉 = 2𝑔𝐻
Se reemplaza la expresión anterior en la ecuación (1):
𝑣𝑝 = 𝑚 + 𝑀 2𝑔𝐻
𝑚
Física mecánica
197
3) Un carro de 1700 kg de masa lleva una velocidad de 10m/s choca contra otro carro de
1200 kg y viaja a 5 m/s en dirección opuesta. Después del choque los dos carros quedan
unidos, ¿a qué rapidez y en que dirección se moverán?
Solución:
Es una colisión perfectamente inelástica, por lo tanto:
𝑚1𝑣 1𝑖 + 𝑚2𝑣 2𝑖 = (𝑚1 + 𝑚2)𝑣𝑓 ⟹
Al reemplazar los valores:
1700 𝑘𝑔 10𝑚
𝑠 − 1200 𝑘𝑔 5
𝑚
𝑠 = 1700 𝑘𝑔 + 1200 𝑘𝑔 𝑣𝑓 ⟹
𝑣𝑓 = 3,8 𝑚/𝑠 Hacia la derecha
4) Un móvil de masa m1 es empujado hacia otro de masa m2 que está en reposo, m1 se
mueve hacia la derecha a 0,7 m/s. Después de la colisión m1 retrocede a 0,2 m/s y m2 se
mueve a la derecha a 0,3 m/s. Luego a m1 se le adiciona una masa de 1 kg y se empuja
hacia m2 que está en reposo. Después de la colisión m1 queda en reposo y m2 se mueve
hacia la derecha con una velocidad de 0,5 m/s. Halle la masa de cada móvil.
Solución:
El momento lineal se conserva:
𝑚1𝑣1𝑖 + 𝑚2𝑣2𝑖 = 𝑚1𝑣1𝑓 + 𝑚2𝑣2𝑓
Al reemplazar los valores de la velocidad y cancelado las unidades de velocidad:
𝑚10,7 = −𝑚10,2 + 𝑚20,3 (1)
Física mecánica
198
En el segundo experimento:
𝑚1 + 1 0,5 = 𝑚20,5 ⟹
𝑚1 + 1 = 𝑚2 (2)
La ecuación (2) en la (1):
𝑚10,7 = −𝑚10,2 + 𝑚1 + 1 0,3 ⟹
Se efectúa la multiplicación:
𝑚10,7 = −𝑚10,2 + 𝑚10,3 + 0,3 ⟹
Se agrupan términos:
𝑚10,7 + 𝑚10,2 − 𝑚10,3 = 0,3 ⟹
𝑚10,6 = 0,3 ⟹ 𝑚1 =0,3
0,6= 0,5
Por lo tanto:
𝑚1 = 0,5 𝑘𝑔 𝑦 𝑚2 = 1,5 𝑘𝑔
Colisiones en dos dimensiones
Para un sistema aislado el momento lineal se conserva en cada una de las direcciones. Un
caso particular es el juego de billar, en donde suceden colisiones en dos dimensiones. La
ecuación que da cuenta de la conservación de momento lineal se expresa para el eje x y el
eje y:
𝑝𝑖𝑥 = 𝑝𝑓𝑥 𝑦 𝑝𝑖𝑦 = 𝑝𝑓𝑦 ⟹
Física mecánica
199
La componente en x:
𝑚1𝑣1𝑖𝑥 + 𝑚2𝑣2𝑖𝑥 = 𝑚1𝑣1𝑓𝑥 + 𝑚2𝑣2𝑓𝑥
La componente en y:
𝑚1𝑣1𝑖𝑦 + 𝑚2𝑣2𝑖𝑦 = 𝑚1𝑣1𝑓𝑦 + 𝑚2𝑣2𝑓𝑦
Cuando se presentan colisiones en dos dimensiones se debe establecer un sistema
coordenado y definir las velocidades con relación al mismo.
Consideremos dos cuerpos de masa m1 y m2 respectivamente, m1 se mueve con velocidad
inicial v1i, y m2 está en reposo, como muestra la figura:
Figura 5.15a Antes de la colisión Figura 5.15b Antes de la colisión
Después de la colisión el cuerpo 1 se mueve con una velocidad que forma un ángulo θ con
respecto al eje horizontal y, el cuerpo 2 se mueve con una velocidad que forma un ángulo
Ф con respecto al eje horizontal. Al aplicar la ecuación de conservación de momento
lineal y teniendo en cuenta que el cuerpo 2 inicialmente está en reposo entonces se tiene
que:
Para la componente en x:
𝑚1𝑣1𝑖𝑥 = 𝑚1𝑣1𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 + 𝑚2𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠Ф (5.35)
Para la componente en y:
Física mecánica
200
0 = 𝑚1𝑣1𝑓𝑠𝑒𝑛𝜃 − 𝑚2𝑣2𝑓𝑠𝑒𝑛Ф (5.36)
Al aplicar la ecuación de conservación de energía se tiene:
1
2𝑚1𝑣1𝑖
2 =1
2𝑚1𝑣1𝑓
2 +1
2𝑚2𝑣2𝑓
2 ( 5.37)
Cuando la colisión es inelástica, no se conserva la energía cinética, por lo tanto la ecuación
(5.37) no se aplica.
Ejemplos:
1) Después de ser golpeada una bola de billar por el taco adquiere una velocidad de 6 m/s,
realiza un choque elástico con otra bola que está en reposo. Después de la colisión la bola
que estaba en reposo se mueve formando un ángulo de 60º con respecto a la bola golpeada.
Halle la velocidad final de cada bola.
Solución:
Se aplican las ecuaciones (5.35), (5.36) y (5.37) teniendo en cuenta además que las masas
que colisionan son iguales:
6 = 𝑣1𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 + 𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠60 (1)
0 = 𝑣1𝑓𝑠𝑒𝑛𝜃 − 𝑣2𝑓𝑠𝑒𝑛60 (2)
36 = 𝑣1𝑓2 + 𝑣2𝑓
2 ⇒
𝑣1𝑓2 = 36 − 𝑣2𝑓
2 (3)
De la ecuación (1) se tiene:
𝑣1𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 = 6 − 𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠60 (4)
Física mecánica
201
De la ecuación (2):
𝑣1𝑓𝑠𝑒𝑛𝜃 = 𝑣2𝑓𝑠𝑒𝑛60 (5)
Se elevan al cuadrado las ecuaciones (4) y (5) para luego sumarlas:
𝑣1𝑓2𝑐𝑜𝑠2𝜃 = 𝑣2𝑓
2𝑐𝑜𝑠260 − 10𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠60 + 36 (6)
𝑣1𝑓2𝑠𝑒𝑛2𝜃 = 𝑣2𝑓
2𝑠𝑒𝑛260 (7)
(7) + (6):
𝑣1𝑓2𝑐𝑜𝑠2𝜃 + 𝑣1𝑓
2𝑠𝑒𝑛2𝜃 = 𝑣2𝑓2𝑠𝑒𝑛260 + 𝑣2𝑓
2𝑐𝑜𝑠260 − 10𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠60 + 36 ⇒
𝑣1𝑓2 𝑐𝑜𝑠2𝜃 + 𝑠𝑒𝑛2𝜃 = 0,75𝑣2𝑓
2 + 0,25𝑣2𝑓2 − 5𝑣2𝑓 + 36 ⇒
𝑣1𝑓2 = 0,75𝑣2𝑓
2 + 0,25𝑣2𝑓2 − 5𝑣2𝑓 + 36 (8)
Se igualan las ecuaciones (3) y (8):
36 − 𝑣2𝑓2 = 0,75𝑣2𝑓
2 + 0,25𝑣2𝑓2 − 5𝑣2𝑓 + 36 ⇒
5 = 0,75𝑣2𝑓 + 0,25𝑣2𝑓 + 𝑣2𝑓 ⇒
2𝑣2𝑓 = 5 ⇒
𝑣2𝑓 = 2,5 𝑚/𝑠
𝑣1𝑓 = 36,0 − (2,5)2
Física mecánica
202
Se toma el valor positivo, porque este vector está en el primer cuadrante, entonces:
𝑣1𝑓 = 5,4 𝑚/𝑠
De la ecuación (5) se puede calcular el ángulo que forma con respecto el eje horizontal es:
𝜃 = sin−1 𝑣2𝑓𝑠𝑒𝑛60
𝑣1𝑓 = sin−1
2,5𝑠𝑒𝑛60
5,4 = 23𝑜
2) Un móvil de 15 kg se mueve hacia la derecha a una rapidez de 12 m/s y choca con otro
móvil de 20 kg de masa que se desplaza hacia arriba a 16 m/s. Encuentre la magnitud y
dirección de la velocidad de los autos después del choque, suponga un choque
perfectamente inelástico.
Solución:
Componente en x del momento lineal:
𝑚1𝑣1 = 𝑚1 + 𝑚2 𝑣𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 (1)
Componente en y del momento lineal:
𝑚2𝑣2 = 𝑚1 + 𝑚2 𝑣𝑓𝑠𝑒𝑛𝜃 (2)
La ecuación (2) sobre la (1):
(2)
(1):
𝑚2𝑣2
𝑚1𝑣1=
𝑚1 + 𝑚2 𝑣𝑓𝑠𝑒𝑛𝜃
𝑚1 + 𝑚2 𝑣𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 ⇒
𝑚2𝑣2
𝑚1𝑣1= 𝑡𝑎𝑛𝜃 ⇒
Física mecánica
203
𝜃 = tan−1 𝑚2𝑣2
𝑚1𝑣1
Se remplazan los datos que ofrece el ejercicio:
𝜃 = tan−1 20 (16)
15 (12) = 60,6𝑜
Para hallar la magnitud de la velocidad se puede utilizar la ecuación (1):
𝑣𝑓 =𝑚1𝑣1
𝑚1 + 𝑚2 𝑐𝑜𝑠𝜃=
180 𝑘𝑔 𝑚/𝑠
35 𝑘𝑔 cos(60,6)= 10,3 𝑚/𝑠
2) Una esfera que se mueve con una rapidez de 10 m/s choca con otra de igual masa que
está en reposo. La colisión es elástica y después de ésta, la primera esfera se mueve 8 m/s
a un ángulo de 60º con respecto a la horizontal. Encuentre la velocidad de la segunda
esfera.
Solución:
Se utilizan las ecuaciones (5.35) y (5.36) respectivamente teniendo en cuenta que las masas
de las esferas son iguales:
𝑣1𝑖𝑥 = 𝑣1𝑓𝑐𝑜𝑠𝜃 + 𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠Ф
10𝑚
𝑠= 8𝑐𝑜𝑠60 + 𝑣2𝑓𝑐𝑜𝑠Ф 𝑚/𝑠 (1)
0 = 8𝑠𝑒𝑛60 − 𝑣2𝑓𝑠𝑒𝑛Ф (2)
De la ecuación (2):
𝑣2𝑓 =8𝑠𝑒𝑛60
𝑠𝑒𝑛Ф=
6,9
𝑠𝑒𝑛Ф (3)
Física mecánica
204
De la ecuación (1):
𝑣2𝑓 =6
𝑐𝑜𝑠Ф (4)
(3) = (4):
6,9
𝑠𝑒𝑛Ф=
6
𝑐𝑜𝑠Ф ⟹ Ф = tan−1
6,9
6,0 = 49𝑜
El resultado anterior en la ecuación (4), entonces:
𝑣2𝑓 =6
𝑐𝑜𝑠49= 9,1 𝑚/𝑠
Física mecánica
205
Ejercicios
1) Un bloque de 1,5 kg de masa reposa sobre una mesa horizontal lisa. Se aplica una
fuerza constante de 10 N sobre el bloque formando un ángulo de 15o por debajo de la
horizontal, y éste se desplaza 1,2 m. Determinar el trabajo realizado sobre el bloque por
(a) la fuerza aplicada, (b) el peso y (c) por la fuerza aplicada.
2) Un niño arrastra una caja por el piso con una fuerza 10 N, mediante una cuerda que
forma un ángulo de 40º con la dirección del piso. Calcular el trabajo que realiza al recorrer
una distancia de 50 m.
3) Se deja caer un objeto de 40 g de masa y tarda 4 s en llegar al suelo. Determinar el
trabajo que se debe efectuar para llevar el objeto hasta el punto donde se dejó caer.
4) Por un plano inclinado de 3 m de alto y que forma un ángulo de 45º con la horizontal, se
traslada con velocidad constante un bloque de 10 kg, mediante una fuerza paralela al
desplazamiento. Si no hay fricción, ¿qué trabajo se habrá realizado cuando el bloque
llegue al final del plano inclinado?
5) Un objeto de 1 kg se deja caer desde el reposo, en el instante en que su velocidad es de
10 m/s, actúa sobre él una fuerza y detiene el objeto en 2 segundos; calcule dicha fuerza, y
el trabajo que efectúa para detenerlo.
6) Un señor arrastra por una rampa que forma un ángulo de 30º con la horizontal una caja
de 50 kg de masa una distancia de 10 m con velocidad constante. La fuerza aplicada es
paralela a la rampa, y el coeficiente de fricción entre la caja y el piso es 0,4. Calcular el
trabajo efectuado por:
a) La fuerza de fricción
b) La fuerza aplicada
c) El peso
7) Un resorte de constante k = 150 N/m, se comprime 10 cm. Calcular el trabajo que
realiza la fuerza restauradora del resorte para recuperar su posición inicial.
Física mecánica
206
9) Hallar el trabajo realizado por la fuerza 𝐹 𝑥 = −4𝑥2 + 3 cuando el desplazamiento es
de 3m, F(x) está dado en N.
10) Un objeto de 2 kg de masa se mueve a lo largo de una trayectoria dada por 𝑠 =
−4𝑡2𝑖 + 2𝑡𝑗 − 3𝑘 m. Determinar el trabajo realizado por la fuerza que actúa sobre el
cuerpo entre t =1 s y t =2 s. (Ayuda: calcule la cantidad de movimiento y de allí obtener la
fuerza).
11) Uno de los carros de cierta montaña rusa con sus ocupantes tiene una masa de 900 kg .
En el tope de una de sus montañas de 30 m de altura, el carro avanza a 5 m/s. Calcular la
energía cinética del carro cuando está en otra cima a 15 m sobre el suelo. Desprecie el
rozamiento.
12) Un objeto de 0,15 kg se deja caer desde una altura de 2,00 m y luego de rebotar
alcanza una altura máxima de 1,50 m. Calcule la cantidad de energía que ha perdido.
13) Un objeto de 1 kg es lanzado sobre un plano horizontal con una velocidad inicial de 12
m/s. El objeto recorre una distancia de 5 m. Calcule la fuerza de rozamiento que actúa
sobre el bloque.
14) Considere la situación anterior, pero en este caso, el plano se inclina 20º y el objeto
recorre una distancia de 6 m y luego se desliza hacia abajo y llega al punto de partida,
calcule la velocidad del objeto en dicho punto.
15) Un bloque de 3 kg de masa avanza a 1 m/s sobre una superficie horizontal lisa. Si en
su camino se encuentra con un resorte de constante elástica 10 N/m. determine la máxima
compresión del resorte.
16) Una esfera, con masa de 3 kg lleva una velocidad de 1,0 m/s y se mueve en la
dirección x. Choca frontalmente con otra de masa 4 kg moviéndose a 0,5 m/s en la misma
dirección. Si la colisión es elástica, encontrar las velocidades después del choque.
17) Repetir el problema anterior, suponiendo que la segunda esfera se mueve en dirección
opuesta.
Física mecánica
207
18) Una partícula de masa 0,1 kg se mueve a 0,30 m/s colisiona con otra partícula de masa
0,2 kg, que está en reposo. Después de la colisión la primera partícula se mueve a 0,1 m/s
en una dirección tal que forma un ángulo de 30° con la dirección original. Hallar la
velocidad de la segunda partícula.
19) Un objeto de 2,0 kg lleva una velocidad de 𝑣 = 3,0 𝑖 𝑚
𝑠, y colisiona con un objeto de
3,0 kg que tiene velocidad de 𝑣 = −2,0 𝑗 𝑚
𝑠, después de la colisión quedan los objetos
unidos. Calcular la velocidad final de los objetos.
20) Un cuerpo de 20 g se desliza por una trayectoria curva como muestra la figura.
Si la rapidez en el punto A es de 7 m/s, y en el punto B es de 4 m/s. Calcule el trabajo
realizado por la fuerza de fricción durante dicha trayectoria.
21) Una fuerza de 50 N se aplica a un bloque de 10 kg para arrastrarlo sobre una superficie
horizontal rugosa, la fuerza forma un ángulo α = 20º por encima de la horizontal. El bloque
se desplaza 4 m y el coeficiente de rozamiento cinético es 0,3. Calcule el trabajo realizado
por:
a) La fuerza de aplicada
b) La fuerza normal
c) El peso
B
A
3 m
2 m
Física mecánica
208
d) Calcular el cambio total de energía cinética del bloque.
22) A un bloque de masa m que se encuentra en reposo sobre una superficie horizontal, se
le imprime una velocidad de 2 m/s. El coeficiente de rozamiento cinético entre el bloque y
la superficie es 0,1. Determine la distancia que recorre el trineo antes de detenerse.
23) Los bloques A y B mostrados en la figura están sobre una superficie plana sin fricción
y unidos por un resorte de masa despreciable. El bloque A tiene una masa de 0,5 kg, y el
bloque de B 1 kg. Los bloques se juntan a comprimiendo el resorte; luego, el sistema se
suelta del reposo. El resorte, está suelto y cae a la superficie después de extenderse. B
adquiere una rapidez de 1 m/s. a) ¿Qué rapidez final alcanza A? b) ¿Cuánta energía
potencial se almacenó en el resorte comprimido?
24) Sobre una superficie horizontal sin fricción se encuentra en reposo una masa m1 de
0,2 kg. Otra masa m2 de 0,3 kg se mueve hacia m1. Después del choque, m1 se mueve a
0.12 m/s a la izquierda, y m2 lo hace a 0.60 m/s a la derecha. a) ¿Qué rapidez tenía m1
antes del choque? b) Calcule el cambio de energía cinética total del sistema durante el
choque.
25) Una pelota de 0.06 kg de masa se mueve a 5 m/s en la dirección +x, y otra de 0.12 kg
lo hace a 3 m/s en la dirección –x. ¿Qué magnitud y dirección tiene la cantidad de
movimiento total del sistema formado por las dos pelotas?
26) Un joven nada a una rapidez de 0,2 m/s. La corriente del gua es opuesta al
movimiento y ejerce una fuerza de 100 N. ¿Cuánta potencia desarrolla?
vA vB
A B
Física mecánica
209
27) El motor de una bomba de agua funciona a 5 hp. Si se bombea agua un rapidez de 200
gal/min, ¿cuál es la profundidad del pozo?
28) Sobre un objeto de masa m que está en reposo actúa una fuerza de 𝐹 𝑡 =
𝐹𝑜 + 𝐴𝑡2 𝑖 . La fuerza se aplica de 𝑡1 = 0 a 𝑡2 = 𝑡 .
a) ¿Qué impuso tiene la fuerza?
b) ¿Qué rapidez tiene en t2?
29) Un objeto que parte del reposo desde el punto A y se desliza sin fricción por la pista
que se muestra en la figura.
Calcule la rapidez del objeto en los puntos B y C.
30) Un sistema, que en un instante inicial t1, tiene una energía potencial de 10 J, contiene
una partícula que se mueve libremente y en ese mismo instante tiene una energía cinética
de 20 J. En un instante posterior a t2, la energía cinética de la partícula es 9 J. Si sobre la
partícula solo actúan fuerzas conservativas ¿Cuál es la energía total del sistema en el
instante t2?
Física mecánica
210
Física mecánica
211
Capítulo 6
Movimiento de un Cuerpo Rígido
dadme un punto de apoyo, y moveré el mundo
Arquimedes
Centro de Masa
En esta sección, se va a considerar el movimiento de un sistema de partículas en función de
un punto denominado: centro de masa del sistema (CM). El concepto de centro de masa
proporciona un fundamento para el modelo de partícula, ya que este acelera como si toda la
masa del sistema se encontrara concentrada en dicho punto y como si todas las fuerzas
externas actuaran sobre él, es decir, como si todas las fuerzas externas fueran concurrentes.
Se considera el siguiente experimento que permitirá visualizar el concepto de centro de
masa. Se consideran dos partículas de masas y , tales que: . Las partículas
están unidas a una barra maciza a la que se aplica por separado una fuerza en 3 puntos
diferentes de la barra como se indica en la figura 1.1.
Figura 1.1: a) Fuerza aplicada por encima del centro de masa del sistema, b) Fuerza
aplicada por debajo del centro de masa del sistema y c) Fuerza aplicada en el centro de
masa.
Se observa que al aplicar la fuerza al sistema barra-partículas de las figuras 1.1 (a) y (b),
su centro de masa se traslada y simultáneamente, rota alrededor de un eje que pasa por el
Física mecánica
212
centro de masa, en sentido horario en (a) y en sentido anti-horario en (b), mientras en la
figura (c), el único efecto que genera la fuerza sobre el sistema es un efecto de traslación,
es decir, el sistema se mueve como un todo, lo que significa que en lo que se refiere a
traslación, el sistema se comporta como si toda su masa estuviera concentrada en el centro
de masa. Ahora, se considera un sistema físico formado por -partículas en el espacio
tridimensional. La coordenada del centro de masa del conjunto de n-partículas se define
como:
(6.1)
donde: representa la coordenada de la -ésima partícula y mi la masa de cada partícula.
Análogamente, se pueden obtener las coordenadas y del centro de masa asociadas al
sistema de -partículas, las cuales están dadas por:
(6.2)
Luego, el vector posición del punto donde se encuentra localizado el centro de masa del
sistema de -partículas se expresa como:
(6.3)
Figura 1.2: Coordenadas del centro de masa asociadas a una distribución continua de masa
Física mecánica
213
Para un cuerpo no puntual (volumétrico), se tiene un continuo y por ende, las sumatorias
en las ecuaciones (1.1), (1.2) y (1.3), anteriores deben reemplazarse por integrales,
obteniéndose el siguiente resultado para una distribución de este tipo (continua):
(6.4)
Análogamente:
(6.5)
de donde se encuentra que el vector posición asociado al punto donde se encuentra
localizado el centro de masa de la distribución, el cual está dado por:
(6.6)
Movimiento de un sistema de partículas
Si la masa total M de un sistema de partículas permanece constante, es decir, que ninguna
partícula entra ni sale del sistema, la velocidad del centro de masa está dada por:
(6.7)
donde:
(6.8)
corresponde al momento lineal total del sistema de -partículas. Igualmente, la aceleración
del centro de masa adquiere la forma:
Física mecánica
214
(6.9)
donde se satisface la condición:
(6.10)
Que representa la fuerza total externa que actúa sobre sistema de partículas.
Definición de un Cuerpo Rígido
Un cuerpo rígido es un caso particular de un sistema de muchas partículas, que a diferencia
de otros sistemas, no sufre ningún tipo de deformación. Este hecho garantiza que en un
cuerpo rígido la separación entre cualquier pareja de partículas siempre permanece
constante, mientras el cuerpo se mueve, sin importar el tipo de fuerzas externas que estén
actuando sobre él. De este modo, en el cuerpo rígido de la figura 1.3, la separación entre
las partículas rij, im, iq, etc., no cambian bajo ninguna condición.
Figura 1.3: Definición de un cuerpo rígido
Un cuerpo rígido puede poseer adicionalmente al movimiento de traslación del centro de
masa, un movimiento de rotación alrededor de un eje fijo que pasa a través de su centro de
Física mecánica
215
masa. Si se considera el movimiento de rotación pura de un cuerpo rígido, se observan
trayectorias circulares concéntricas de las partículas i y j de la figura 1.4.
Figura 1.4: Movimiento de rotación pura de un cuerpo rígido
Se considera la partícula del cuerpo rígido la cual se encuentra a una distancia
perpendicular respecto al eje de rotación. A medida que el cuerpo rígido rota alrededor
de dicho eje con una rapidez angular , se observa que la partícula describe una
trayectoria circular de radio con centro en el punto . Si se piensa ahora en todas las
partículas que componen el cuerpo rígido, se puede generalizar el efecto de la rotación
pura del cuerpo rígido sobre la partícula , a todas las demás partículas de la siguiente
manera:
“Todas las partículas que componen el cuerpo rígido describen trayectorias circulares
concéntricas con el eje de rotación, de radios diferentes respecto al mismo centro y con la
misma velocidad angular ”
Finalmente, es importante mostrar el por qué el modelo de partícula no funciona para
describir el movimiento de un cuerpo rígido, el cual en su movimiento más general, posee
un movimiento combinado de rotación y traslación. Para esto, se consideran dos partículas
del cuerpo rígido, por ejemplo, las partículas y para observar que sucede con ellas a
medida que el cuerpo rígido se mueve. Si el centro de masa del cuerpo se desplaza cierta
distancia respecto a su posición inicial, se observa que las posiciones y se han
desplazado distancias diferentes, lo cual está en contradicción con el modelo de partícula,
Física mecánica
216
donde se garantiza que todas las partículas del cuerpo se deben desplazar la misma
distancia cuando el cuerpo se mueve de una posición a otra, si solo se presenta traslación
pura.
Figura 1.5: Movimiento combinado de rotación y traslación de un cuerpo rígido
Energía cinética asociada a un cuerpo rígido
El movimiento más general de un cuerpo rígido corresponde a un movimiento de traslación
del centro de masa más un movimiento de rotación alrededor de un eje que pasa a través de
su centro de masa. Esto indica que adicionalmente a la contribución energética
proporcionada por la traslación, debe existir una contribución energética debida a la
rotación del cuerpo alrededor de dicho eje. Gracias a esto, se puede decir que la energía
cinética total del cuerpo rígido se puede expresar de la siguiente manera:
(6.11)
Cuando todas las fuerzas externas que actúan sobre el cuerpo rígido, solamente ejercen
efectos de traslación pura, la energía cinética del cuerpo rígido es puramente traslacional,
la cual está dada por:
(6.12)
Física mecánica
217
Figura 1.6: Movimiento alrededor de un eje fijo que pasa a través del cuerpo.
Cuando todas las fuerzas externas que actúan sobre el cuerpo rígido, solamente ejercen
efectos de rotación pura, la energía cinética del cuerpo rígido es puramente rotacional. La
expresión para esta contribución energética puede ser deducida de la siguiente manera: se
considera un cuerpo rígido el cual rota alrededor de un eje fijo, como se indica en la figura
1.6. Luego:
(6.13)
donde I se define como el momento de inercia del sistema. Cuando un cuerpo rígido posee
un movimiento combinado de rotación y traslación, las contribuciones energéticas
asociadas a estos dos tipos de movimientos deben considerarse separadamente. Ahora, si el
eje de rotación pasa a través del centro de masa y al mismo tiempo el centro de masa
posee un movimiento de traslación respecto a un sistema de referencia inercial, entonces
podemos asegurar que la energía cinética total del cuerpo rígido es:
(6.14)
Gráficamente, la combinación de estos dos movimientos puede expresarse como indica la
figura 1.7.
Física mecánica
218
Figura 1.7: Movimiento combinado de rotación y traslación.
Momento de inercia de un cuerpo rígido
El momento de inercia , es una cantidad física que desempeña en rotaciones, el mismo
papel que la masa del cuerpo en traslaciones. La diferencia fundamental entre el momento
de inercia y la masa es que a lo largo del texto la masa del cuerpo se ha considerado como
constante, mientras el momento de inercia es una cantidad que depende explícitamente de
la distancia a la cual se encuentre el cuerpo del eje de rotación. Adicionalmente, el
momento de inercia es una cantidad que depende en su forma matemática del tipo de
distribución de partículas que se tenga, es decir, si la distribución de partículas es discreta o
continua.
Para una distribución discreta de masa, el momento de inercia se define de la siguiente
manera:
(6.15)
En general, el valor de los términos varía al cambiar el eje de rotación y en consecuencia
el valor del momento de inercia también varía.
Física mecánica
219
Figura 1.8: Momento de inercia asociado a una distribución discreta de masa.
Un cuerpo rígido es un medio continuo, y por lo tanto la relación (1.5.1) debe ser extendida
para este caso. Esta extensión se puede realizar de la siguiente manera: considerando una
porción infinitesimal de masa del cuerpo , la expresión (1.5.1) se transforma en:
(6.16)
pero como: , se encuentra que:
(6.17)
Mediante la ecuación (1.5.3) es posible hallar, en principio, el momento de inercia de un
cuerpo rígido, pensándolo como una distribución continua de masa.
Teorema de Steiner ó de ejes paralelos
En general, se puede conocer el momento de inercia de un cuerpo rígido respecto a un eje
que pasa por su centro de masa. Pero en ocasiones, para poder analizar de una forma eficaz
el movimiento de un cuerpo rígido particular, es necesario conocer el momento de inercia
del cuerpo respecto a un eje que no pasa por el centro de masa pero es paralelo a este eje.
Para solucionar este problema, podemos utilizar el Teorema de Steiner, el cual se enuncia
como sigue :
Física mecánica
220
Teorema de Steiner: Sea el momento de inercia de un cuerpo rígido respecto a un
eje que pasa por su centro de masa. Luego, el momento de inercia del cuerpo rígido
respecto a un eje paralelo al eje que pasa por el centro de masa se puede expresar como:
(6.18)
donde: corresponde a la masa total del cuerpo y corresponde a la distancia
perpendicular que existe entre los dos ejes.
Figura 1.9: Teorema de Steiner.
Torque de una fuerza respecto a un punto
En general, cuando una fuerza es aplicada a un cuerpo, esta tiende a imprimirle tanto
efectos de traslación como de rotación alrededor de un eje fijo que pasa a través de un
punto del cuerpo rígido, llamado centro de rotación ó centro de torques. Esta tendencia a
que el cuerpo rígido rote alrededor de un eje que pasa por un punto fijo, se puede describir
a través de la cantidad física llamada torque ( ), que mide la cantidad de rotación que una
fuerza tiende a imprimirle a un cuerpo rígido alrededor de un eje fijo dirigido a lo largo
de .
Física mecánica
221
Figura 1.10: Torque producido por una fuerza respecto a un eje que pasa por el punto
Matemáticamente, el torque producido por la fuerza respecto al punto de las figuras
1.10 y 1.11, se define de la siguiente manera:
(6.19)
Por la definición matemática del producto cruz, se observa que el vector es
perpendicular al plano formado por los vectores y . Para determinar la dirección del
vector , se utiliza la regla de la mano derecha, la cual enuncia lo siguiente:
“se coloca la mano abierta paralela al vector posición y luego se curvan los dedos en el
sentido del ángulo menor formado por los vectores y . Luego, el pulgar da el sentido
del vector .”
Figura 1.11: Plano formado por y y su relación con el vector .
Para determinar la magnitud del vector , se procede de la siguiente manera; empleando
la figura 1.8:
1. Si es necesario, se prolonga la línea de acción de la fuerza.
Física mecánica
222
2. Partiendo del centro de torques, dibuje el vector posición asociado al punto donde
se está aplicada la fuerza.
3. Partiendo del centro de torques, se dibuja una línea perpendicular a la línea de
acción de la fuerza, distancia la que recibe el nombre de brazo de palanca, que se
designa con la letra .
Figura 1.12: Determinación de la magnitud de y definición del brazo de palanca .
Con este procedimiento ilustrado en la figura 1.12, podemos escribir la magnitud del
vector , utilizando la ecuación 1.7.1 en la forma:
(6.19)
Ejemplo 1.7.1
Dos esferas, cada uno de masa 𝑚, se unen a los extremos de una barra homogénea la cual
reposa sobre un soporte en forma de triángulo como se indica en la figura e.7.1 (la masa de
la varilla es despreciable). Inicialmente, la barra se mantiene en la posición horizontal y
luego se libera. Calcule el torque neto sobre la varilla respecto al punto O.
Figura e.7.1
Física mecánica
223
Solución.
Sobre la barra actúan simultáneamente tres fuerzas que son: el peso de cada una de las
esferas y la fuerza que realiza el soporte sobre la barra. De estas tres fuerzas, únicamente
realizan torque respecto al punto O el peso de las dos esferas. La fuerza que realiza el
soporte sobre la barra no realiza torque respecto al punto O, debido a que su línea de
acción pasa por dicho punto, lo que produce un brazo de palanca igual a cero. Esto se
ilustra en la figura e.7.2.
Figura e.7.2.
Luego, el torque producido por el peso de las dos esferas respecto al punto O es:
𝜏 0 = 𝑚𝑔𝐿1 𝑘 − 𝑚𝑔𝐿2 𝑘 = −𝑚𝑔 𝐿2 − 𝐿1 𝑘 (6.20)
Lo que indica que la barra tiende a rotar en el sentido de las manecillas del reloj, ya que el
vector torque neto apunta hacia la hoja.
Ejemplo 1.7.2.
Sobre varilla de longitud L se aplica una fuerza 𝐹 la cual forma un ángulo 𝜃 con respecto a
la vertical como se indica en la figura e.7.3. La varilla está articulada en el punto O.
Determine el torque producido por la fuerza 𝐹 sobre la varilla respecto al punto O.
Física mecánica
224
Figura e.7.3
Solución.
El torque producido por la fuerza 𝐹 sobre la varilla respecto al punto O se va a calcular
utilizando dos métodos diferentes. Primero, se calcula utilizando la definición estricta de
torque y segundo, descomponiendo la fuerza 𝐹 en una componente paralela a la varilla y
otra componente perpendicular a la varilla. Para utilizar el primer método, se dibuja la
línea de acción de la fuerza 𝐹 y luego se traza partiendo del punto O, una línea recta que sea
perpendicular a la línea de acción de la fuerza, de tal manera, que obtenemos un triángulo
rectángulo (figura e.7.4)
Figura e.7.4.
De la figura e.7.4, podemos deducir lo siguiente:
𝜏0 = −𝐹𝑏 = −𝐹 𝐿 sin 𝜃 (6.21)
Física mecánica
225
Donde el signo (-) se debe a que el vector torque es un vector que entra al plano de la hoja,
es decir, la tendencia a rotar alrededor del eje que pasa por O, es en sentido horario. Para
utilizar el segundo método, se va a considerar la figura e.7.5.
Figura e.7.5.
De la figura e.7.5, claramente se observa que la componente de la fuerza paralela a la
varilla no produce torque respecto al punto O, ya que su línea de acción pasa por dicho
punto, lo que significa que el brazo de palanca es nulo. Luego, la única contribución al
torque producido por la fuerza 𝐹 respecto al punto O, es dada por la componente de la
fuerza perpendicular a la varilla. Esto puede observarse a través de lo siguiente:
𝜏 0 = 𝑟 × 𝐹 = −𝐿𝑗 × −𝐹 sin 𝜃 𝑖 + 𝐹 cos 𝜃 𝑗 = −𝐹 𝐿 sin 𝜃 𝑘 (6.22)
Resultado el cual es idéntico al obtenido con la definición general de torque.
Torque de un par de fuerzas ó cupla
Como se ilustra en la figura 1.13, dos fuerzas y que actúan simultáneamente sobre
un cuerpo rígido forman un par de fuerzas ó cupla si satisfacen simultáneamente las
siguientes tres condiciones:
1. Las fuerzas poseen magnitudes iguales, es decir: .
Física mecánica
226
2. Las líneas de acción de las dos fuerzas son paralelas y no superpuestas.
3. Los sentidos de las fuerzas son opuestos, es decir : .
4.
Figura 1.13: Par de fuerzas ó cupla.
A partir de la definición de par de fuerzas, se observa que una cupla únicamente tiende a
imprimir efectos de rotación sobre el cuerpo rígido, ya que de acuerdo con la segunda ley
de Newton, los efectos de traslación son nulos, puesto que:
(6.23)
Po otro lado, el torque producido por una cupla es una cantidad la cual no depende del
centro de referencia , es decir, el torque producido por una cupla es un vector libre. Para
verificar este hecho, se analiza la situación presentada en la figura 1.14:
Figura 1.14: Independencia del torque producido por un par de fuerzas ó cupla del centro
de troques
Física mecánica
227
Se toma el centro de rotación fuera del cuerpo y se dibujan los vectores posición
asociados con los puntos donde están aplicadas las fuerzas y para luego calcular el
torque total producido por el par de fuerzas respecto al punto , esto es:
(6.24)
expresión que claramente nos indica que el vector es independiente del centro de
torques, ya que el vector posición r no depende de dicho punto, lo que garantiza que el
torque producido por una cupla sea un vector libre.
Descomposición de una fuerza en un sistema fuerza par
Se considera el cuerpo rígido de la figura 1.15, sobre el cual está actuando una fuerza
externa en el punto . Esta fuerza aplicada en dicho punto, produce tanto efectos de
traslación como de rotación, respecto a un eje que pasa por el punto . El objetivo de esta
sección, es trasladar el punto de aplicación de la fuerza del punto al punto , sin
modificar los efectos de traslación ni los efectos de rotación sobre el cuerpo rígido. Se sabe
que cuando una fuerza se desplaza a lo largo de su línea de acción, no se modifican los
efectos de traslación ni de rotación sobre el cuerpo rígido; pero si se desplaza al punto ,
por fuera de su línea de acción, se modifican los efectos de rotación sobre el cuerpo rígido
aunque los efectos de traslación sobre el mismo permanezcan inalterados.
Figura 1.15: Adición de las fuerzas y en el punto
Física mecánica
228
Para lograr este cambio sin modificar los efectos de rotación ni de traslación sobre el
cuerpo rígido, se procede de la siguiente manera: se aplican un conjunto de fuerzas y
en el punto , las cuales no producen ningún efecto sobre el cuerpo rígido, ya que la fuerza
neta aplicada en O sería nula. De este modo, la fuerza aplicada en y aplicada en
forman una cupla cuyo torque es: , o sea, se ha logrado encontrar una fuerza
aplicada en que responde por los mismos efectos de traslación y una cupla de torque
que responde por los mismos efectos de rotación. Lo anterior, permite trasladar
eficazmente la fuerza del punto al punto sin modificar los efectos de rotación y
traslación sobre el cuerpo rígido. En general, se puede afirmar lo siguiente:
“Cualquier fuerza que actúe sobre un cuerpo rígido, se puede trasladar a un punto
arbitrario , siempre que se adicione una cupla de momento igual al torque respecto al
punto .”
“Siempre es posible reemplazar cualquier sistema de fuerzas por un sistema fuerza-par, de
tal manera que la fuerza se elige igual a para la equivalencia de traslación y la cupla
con torque neto respecto a un punto para la equivalencia en rotación.”
Matemáticamente, la afirmación anterior se expresa de la siguiente forma:
(6.25)
Figura 1.16: Descomposición de una fuerza en un sistema fuerza par.
Física mecánica
229
Resultante de un sistema de fuerzas aplicadas sobre un
cuerpo rígido
En general, no siempre es posible reducir un sistema de fuerzas que actúan sobre un cuerpo
rígido por una fuerza única equivalente. En realidad, únicamente existen tres casos en los
cuales es posible llevar a cabo esta reducción, más concretamente, cuando el conjunto de
fuerzas que actúan sobre el cuerpo rígido son concurrentes, coplanares y paralelas. A
continuación, se describe cada uno de estos casos y se analiza que sucede con los efectos
de rotación producidos por dicha fuerza resultante sobre el cuerpo.
Sistema de fuerzas concurrentes
Se considera un conjunto de fuerzas concurrentes las cuales están actuando
simultáneamente en el punto del cuerpo rígido de la figura 1.17.
Figura 1.17: Resultante de un sistema de fuerzas concurrentes
El torque de la fuerza resultante, respecto al centro de torques O, está dado por:
(6.26)
donde, la fuerza resultante es:
(6.27)
Física mecánica
230
Ahora, si se reemplaza la ecuación (1.10.2) en la ecuación (1.10.1), se obtiene:
(6.28)
A partir de la expresión (1.10.3), es posible afirmar lo siguiente:
“El torque respecto al punto de la resultante de varias fuerzas concurrentes, es igual a
la suma de los torques producidos por las distintas fuerzas aplicadas sobre el cuerpo,
respecto al mismo punto y es perpendicular a la resultante del sistema de fuerzas.”
Sistema de fuerzas coplanares
Se considera un conjunto de fuerzas que se encuentran en el mismo plano (digamos, el
plano ) sobre el cuerpo rígido de la figura 1.18.
Figura 1.18: Resultante de un sistema de fuerzas concurrentes
A partir de la figura 1.18, se tiene que:
“Cuando un sistema de fuerzas coplanares actúa sobre un cuerpo rígido, siempre es
posible reducir dicho sistema a una sola fuerza , ya que en este caso el torque neto es
perpendicular a la fuerza resultante .”
Física mecánica
231
Ahora, surge la pregunta: ¿dónde debe ir aplicada la fuerza resultante para que responda
por los mismos efectos de traslación y rotación? La fuerza resultante debe estar aplicada
en un punto cuyas coordenadas rectangulares son:
(6.29)
de tal manera que el torque generado este dado por:
(6.30)
Lo que indica que la fuerza única equivalente se debe aplicar en un punto de coordenadas
tal que se satisfaga la ecuación (1.10.5).
Sistema de fuerzas paralelas
Sobre el cuerpo rígido de la figura 1.19, actúa un conjunto de fuerzas paralelas las cuales
están actuando simultáneamente sobre el cuerpo rígido.
Figura 1.19: Resultante de un sistema de fuerzas paralelas
Física mecánica
232
Definiendo un nuevo vector unitario respecto al cual las fuerzas aplicadas son
paralelas. Teniendo en cuenta lo anterior, se puede decir que la fuerza resultante va a
estar dada por:
(6.31)
Además, el vector torque neto respecto al punto O, se puede escribir de la siguiente
manera:
(6.32)
De la ecuación (1.10.7), se deduce que el vector torque neto es perpendicular al vector
unitario , o lo que es lo mismo, el vector torque neto es perpendicular al vector fuerza
neta . A partir de lo anterior, es posible afirmar:
“En el caso de fuerzas paralelas siempre es posible reemplazar el sistema de fuerzas por
una fuerza única equivalente.”
Luego, la fuerza equivalente se debe aplicar en un punto del cuerpo, tal que:
(6.33)
Comparando las ecuaciones (…) y (…) se encuentra que el vector , está dado por:
(6.34)
Física mecánica
233
Ejemplo 1.10.1.
Sobre una lámina muy delgada en forma de T, se aplican simultáneamente un conjunto de
fuerzas coplanares como se indica en la figura e.10.1. a) Determine la fuerza resultante que
actúa sobre la lámina. b) Determine el torque neto que el conjunto de fuerzas ejercen sobre
la lámina respecto al punto A. c) Encuentre las coordenadas de dos puntos que permiten
definir la línea de acción de la fuerza resultante de tal manera que la fuerza aplicada sobre
dicha línea produzca los mismos efectos de rotación y traslación sobre la lámina.
Figura e.10.1.
Solución.
a) Como las fuerzas que actúan sobre la lámina son coplanares, la fuerza resultante
que actúa sobre la lámina posee componentes en 𝑥 y en 𝑦. Luego, se puede aplicar
el principio de superposición para obtener lo siguiente:
𝐹 = 𝐹 𝑖 = −200 𝑁 + 200 𝑁 + 200 𝑁 𝑖 + 100 𝑁 + 200 𝑁 − 200 𝑁
𝑖
= 200 𝑖 + 100 𝑗 𝑁
(6.35)
b) Las únicas fuerzas que producen un torque sobre la lámina respecto al punto 𝐴 son:
las fuerzas aplicadas en los puntos 𝐵, 𝐷, 𝐸 y 𝐹, teniendo en cuenta que las fuerzas
aplicadas en los puntos 𝐸 y 𝐹 forman un par de fuerzas ó cupla. Luego, el torque
neto respecto al punto 𝐴 es:
𝜏 𝐴 = −1200 𝑁 𝑚 − 700 𝑁 𝑚 + 1600 𝑁𝑚 𝑘 = −300 𝑁𝑚 𝑘 (6.36)
Física mecánica
234
c) Para determinar dos puntos por donde pasa la línea de acción de la resultante, se
procede de la siguiente manera: primero, analizamos un punto con coordenadas
𝑥, 0 , segundo, analizamos otro punto con coordenadas 0, 𝑦 . Todo esto se realiza
utilizando la relación del torque producido por la fuerza resultante. Esto es:
𝜏𝐴 = −𝑦 𝐹𝑥 (6.37)
𝑦 = −300
200= −1.5 𝑚 (6.38)
Tal que el primer punto posee coordenadas: 0, −1.5 𝑚 . Análogamente, podemos calcular
el segundo punto, tal que este va a tener coordenadas: 3 𝑚, 0 . Luego, la línea de acción
donde debe ubicarse la resultante de tal manera que no se modifiquen los efectos de
rotación y traslación sobre la lámina se presenta en la figura e.10.2. Como conclusión, se
puede afirmar que hemos cambiados el conjunto de fuerzas coplanares, por una fuerza
resultante y un par de fuerzas ó cupla actuando en 𝐴.
Figura e.10.2.
Energía total de un cuerpo rígido
Primero que todo, retomando la definición inicial de un cuerpo rígido, en donde se impuso
la condición de que la distancia entre parejas de puntos del cuerpo no se modifica durante
Física mecánica
235
el movimiento, lo cual garantiza que la energía interna permanece constante, lo que
permite no considerarla a la hora de analizar el movimiento. Aquí únicamente se va a
considerar las contribuciones energéticas propias de la interacción del cuerpo con sus
alrededores. Luego, la energía total de un cuerpo rígido se puede expresar como:
(6.39)
Es muy importante tener en cuenta que la energía potencial es una cantidad de tipo
traslacional y por ende, siempre se debe tomar como punto de referencia respecto al nivel
cero de energía potencial al centro de masa del cuerpo rígido. Ahora, consideremos la
velocidad del punto de contacto entre el cuerpo rígido y la superficie sobre la cual rueda
(traslación más rotación). Si el cuerpo rueda deslizando, la velocidad del punto de contacto
entre el cuerpo y la superficie es diferente de cero, pero si el cuerpo rueda sin deslizar, la
velocidad del punto de contacto entre el cuerpo y la superficie es cero.
Si el cuerpo rígido que se está analizando rueda sin deslizar, se puede demostrar (con base
a la afirmación anterior) que el sistema físico en este caso es conservativo, pese a que
existe una fuerza de fricción de tipo estática. Esto es:
Calculemos el trabajo que realiza la fuerza de fricción estática , esto es:
(6.40)
A partir de la ecuación (1.11.2), se puede afirmar lo siguiente:
“cuando un cuerpo rígido rueda sin deslizar, el sistema físico analizado es conservativo.”
Ejemplo 1.11.1.
Dos bloques de masas 𝑚1 y 𝑚2 se encuentran unidos mediante una cuerda ideal la cual
pasa por una polea de masa 𝑀 y radio 𝑅, como se indica en la figura e.11.1. Trate la polea
como un disco homogéneo y uniforme. Determine la velocidad de los bloques cuando se
Física mecánica
236
encuentran el uno en frente del otro, si se supone que inicialmente están separados una
distancia y el sistema parte del reposo.
Figura e.11.1.
Solución.
Esta situación física se va a resolver utilizando condiciones de energía. Claramente se
puede observar que las únicas fuerzas externas que realizan trabajo sobre el sistema son los
pesos de los bloques 𝑚1 y 𝑚2, y estas fuerzas son conservativas. Luego, se puede afirmar
que el sistema físico que se tiene es un sistema conservativo. Aplicando entonces la
conservación de la energía al sistema mostrado en la figura e.11.2, se obtiene lo siguiente:
𝑚1 𝑔 + 𝐸𝑝𝑜𝑡𝑒𝑛𝑐𝑖𝑎𝑙 𝑝𝑜𝑙𝑒𝑎
= 1
2 𝐼 𝜔2 + 𝑚1 𝑔
2+ 𝑚2 𝑔
2+
1
2 𝑚1 + 𝑚2 𝑣2 + 𝐸𝑝𝑜𝑡𝑒𝑛𝑐𝑖𝑎𝑙 𝑝𝑜𝑙𝑒𝑎
(6.41)
Donde 𝐼 es el momento de inercia del disco. Adicionalmente, hay que tener en cuenta que
la velocidad (en magnitud) de cada bloque es igual a la velocidad tangencial de cada una
de las partículas que se encuentran en la periferia de la polea. Teniendo esto en mente, se
puede obtener la siguiente expresión para la velocidad de los bloques:
𝑣 = 2 𝑚1−𝑚2 𝑔
𝑀+2 𝑚1+ 𝑚2
1/2
(6.42)
Física mecánica
237
Figura e.11.2.
Momento angular de un cuerpo rígido
Antes de definir el momento angular asociado a un cuerpo rígido en movimiento, es
bueno recordar la definición de momento angular asociado a una partícula , el cual está
definido como:
(6.42)
donde es el vector posición de la partícula respecto al origen del sistema de referencia y
la velocidad de dicha partícula.
En el caso de un cuerpo rígido el cual rota alrededor de un eje fijo determinado, esta
definición sigue siendo válida para cualquier partícula del cuerpo. Además, si el momento
angular de todas las partículas se calcula respecto al mismo punto, se cumple que el
momento angular total del cuerpo rígido está dado por:
(6.43)
Para determinar este momento angular total del cuerpo rígido, se considera una placa muy
grande y de espesor despreciable la cual rota con una velocidad angular alrededor del eje
Física mecánica
238
, como se indica en la figura 1.20. Adicionalmente, se hace coincidir el origen del sistema
de referencia con el punto de corte entre el eje de rotación (eje ) y la placa.
Figura 1.20: Momento angular total de un cuerpo rígido para el caso particular en el cual el
origen del sistema de referencia coincide con el punto de corte entre el eje y el cuerpo
rígido.
De la figura 1.20, se encuentra que:
(6.44)
Como es perpendicular a , la magnitud de la velocidad es:
(6.45)
Mediante la ecuación (1.12.4), es posible escribir la magnitud del momento angular
asociado a la partícula de la siguiente manera:
(6.46)
De este modo, el momento angular total del cuerpo rígido respecto al punto O está dado
por:
Física mecánica
239
(6.47)
donde la cantidad que se encuentra entre corchetes, se define como el momento de inercia
del cuerpo rígido respecto al eje z. esto es:
(6.48)
Finalmente, se puede afirmar que para el caso particular donde el origen del sistema de
referencia coincide con el punto de corte entre el eje de rotación y el cuerpo rígido, el
vector momento angular total del cuerpo rígido es paralelo al vector velocidad angular del
cuerpo (los dos vectores se encuentran a lo largo del eje de rotación) y se expresa
matemáticamente de la siguiente manera:
(6.49)
Figura 1.21: Momento angular total de un cuerpo rígido para el caso particular en el cual el
origen del sistema de referencia no coincide con el punto de corte entre el eje y el cuerpo
rígido, es decir, se encuentra en cualquier otro punto a lo largo del eje
Física mecánica
240
Ahora, se considera el cuerpo rígido de la figura 1.16, pero en este caso, el origen del
sistema de referencia no coincide con el punto de corte entre el eje de rotación (eje ) y el
cuerpo rígido, como se indica en la figura 1.21.
De nuevo, se considera la partícula del cuerpo rígido, donde para este caso, el momento
angular de la partícula ya no es paralelo al eje de rotación, sino que forma con él un
ángulo. Esto es, forma un ángulo con la velocidad angular del cuerpo rígido, que siempre
es paralela al eje como lo indica la figura 1.21. En este caso, únicamente la componente
dirigida a lo largo del eje de rotación del vector momento angular de la partícula es
paralelo al vector velocidad angular del cuerpo rígido. Matemáticamente, se tiene:
(6.50)
pero de la figura 1.21 se observa que observamos lo siguiente:
(6.51)
a partir de la cual la componente del momento angular asociado con la partícula , es:
(6.52)
en donde la componente del vector momento angular total del cuerpo rígido, a lo largo del
eje de rotación, va a estar dada por:
(6.53)
Como conclusión de la ecuación (1.12.12), se puede afirmar:
“Cuando un cuerpo rígido está girando y el origen del sistema de referencia no coincide
con el punto de corte entre el eje de rotación y el cuerpo rígido, el vector momento
angular total no es, en general, paralelo al vector velocidad angular del al cuerpo
rígido.”
Física mecánica
241
Ejemplo 1.12.1.
Un patinador sobre hielo puede aumentar su tasa de rotación desde una tasa inicial de
1 𝑟𝑒𝑣 cada 2 𝑠 hasta una tasa final de 3 𝑟𝑒𝑣/𝑠. Su momento de inercia inicial tiene un
valor de 4.6 𝑘𝑔𝑚2. Determine el momento de inercia final del patinador. Explique como
ocurre física mente este fenómeno (suponga que el patinador posee un movimiento de
rotación pura en dicho instante).
Solución.
Primero que todo, hay que tener en cuenta que sobre el patinador están actuando
simultáneamente 2 fuerzas: la fuerza que ejerce la superficie del hielo sobre los patines y el
peso del patinador, el cual es una fuerza paralela y se encuentra aplicada como una fuerza
resultante en el centro de masa del patinador. Luego, ninguna de estas fuerzas realiza
torque respecto al eje de rotación, el cual en este caso, coincide con el eje del cuerpo.
Luego, el momento angular del patinador se conserva y se puede aplicar este hecho para
resolver el problema. A partir de la conservación del momento angular, se obtiene la
siguiente expresión:
𝐼𝑓 = 𝜔 𝑖
𝜔𝑓 𝐼𝑖 (6.54)
De tal manera que el momento de inercia final del patinador es:
𝐼𝑓 = 0.77 𝑘𝑔 𝑚2 (6.55)
Física mente esto es posible ya que cuando el patinador recoge los brazos, el momento de
inercia total del sistema disminuye, por ende su velocidad angular debe aumentar para
poder garantizar que el momento angular siga siendo una constante.
Física mecánica
242
Ejes principales de inercia
Para todo cuerpo, sin importar su naturaleza o forma, se pueden dibujar por lo menos 3
direcciones mutuamente perpendiculares. Si el eje de rotación coincide con una de estas
direcciones, el momento angular del cuerpo es paralelo al eje de rotación y se satisface la
relación:
(6.56)
Estos ejes tan particulares se denominan ejes principales de inercia y cuando el cuerpo
rígido posee simetrías, estos ejes coinciden con los ejes de simetría del cuerpo.
Figura 1.21: Ejes principales de inercia para un cuerpo que posee simetría esférica.
Figura 1.22: Ejes principales de inercia para un cuerpo que posee simetría cilíndrica.
Física mecánica
243
Figura 1.23: Ejes principales de inercia para un cuerpo rectangular.
Rotación de un cuerpo rígido. Ecuación de movimiento
La ecuación de movimiento más general que permite evaluar la rotación pura de un cuerpo
rígido alrededor de un eje fijo, está dada por:
(6.57)
donde es importante anotar que para poder garantizar la validez de esta expresión, el torque
y el momento angular total del cuerpo se deben evaluar respecto al mismo punto.
A la hora de analizar la rotación pura de un cuerpo rígido, la expresión (1.14.1) no es muy
útil, por lo tanto, se analiza la forma adquiere la expresión (1.14.1) para los siguientes
casos:
Movimiento del cuerpo rígido alrededor de un eje principal de inercia
Se considera un cuerpo rígido que posee un movimiento de rotación pura alrededor de un
eje principal de inercia como se indica en la figura 1.24. Aquí, se considera que el origen
Física mecánica
244
del sistema de referencia se encuentra a lo largo del eje de rotación de tal manera que se
dispone de un sistema de referencia inercial.
Figura 1.24: Movimiento alrededor de un eje principal de inercia.
Retomando la ecuación (…) y reemplazándola en la ecuación (1.14.1), se obtiene:
(6.58)
Si se considera que el eje está fijo en el cuerpo y además que el momento de inercia del
cuerpo rígido respecto al eje es constante, la ecuación anterior se puede escribir como:
(6.59)
La ecuación anterior se conoce con el nombre de “la segunda ley de Newton” para
rotaciones. Ahora, si el torque neto sobre el cuerpo es nulo, es decir, si: , el momento
angular total del cuerpo rígido respecto a un eje que pasa por un punto fijo es constante. La
anterior afirmación expresa la ley de conservación del vector momento angular, la cual trae
como consecuencia la siguiente afirmación:
“Un cuerpo que rota alrededor de un eje principal de inercia, fijo en el cuerpo, lo hace
con velocidad angular constante cuando el torque total externo es cero.”
Un ejemplo muy concreto de lo anterior es el caso de un patinador cuando posee un
movimiento de rotación pura alrededor de un eje que pasa por su centro de masa. En este
Física mecánica
245
caso, las fuerzas externas que actúa sobre el patinador es su peso y la fuerza que realiza la
superficie del hielo sobre los patines. Para este caso, el peso total del patinador se
encuentra concentrado el su centro de masa (caso particular de fuerzas paralelas) y por
ende, el torque neto producido por esta fuerza respecto a este eje que pasa por el centro de
masa es nulo. Por lo tanto, el momento angular en este caso es una cantidad que se
conserva.
Movimiento del cuerpo rígido alrededor de un eje no principal de inercia
Para este caso, es válida la relación:
(6.60)
Ya que en este caso, el momento angular total no es paralelo a la velocidad angular. De
este modo:
(6.61)
Figura 1.25: Movimiento alrededor de un eje no principal de inercia.
Física mecánica
246
Movimiento combinado de traslación y rotación de un
cuerpo rígido
Si el centro de masa de un cuerpo rígido se está trasladando respecto a un sistema de
referencia inercial y adicionalmente el cuerpo rígido posee un movimiento de rotación
respecto a un eje fijo que pasa por su centro de masa, es posible analizar estos dos
movimientos por separado.
Si el eje de rotación no posee un punto fijo en el sistema de referencia como ocurre cuando
un cuerpo rueda (traslación + rotación) por un plano inclinado, se puede utilizar para
describir el movimiento de traslación la segunda ley de Newton para traslaciones pero
tomando como punto de referencia al centro de masa del cuerpo, esto es:
(6.62)
Para analizar el movimiento de rotación alrededor de un eje que pasa por su centro de
masa, se debe calcular simultáneamente el momento angular total y el torque neto del
cuerpo rígido respecto al centro de masa. Luego, la ecuación de movimiento adecuada para
realizar esta descripción es:
(6.63)
En esta situación la rotación es alrededor de un eje que pasa por el centro de masa y si este
a su vez coincide con un eje principal de inercia, entonces la ecuación de movimiento para
rotaciones se convierte en:
(6.64)
Cuando un cuerpo rígido posee un movimiento combinado de rotación y traslación, se dice
que el cuerpo rueda. Este rodar lo puede realizar deslizando ó sin deslizar, dependiendo del
tipo de situación que se esté analizando. Ahora, analicemos cada una de estas situaciones:
Física mecánica
247
Si el cuerpo rígido es homogéneo y adicionalmente rueda sin deslizar, la fuerza de fricción
que ejerce la superficie sobre el cuerpo es de tipo estática, y por ende se cumple la
relación:
(6.65)
Si el cuerpo rígido es homogéneo y rueda deslizando, la fuerza de fricción que ejerce la
superficie sobre el cuerpo es de tipo dinámica (ó cinética), y por ende se cumple la
relación:
(6.66)
De la expresión (1.15.5), hay que tener en cuenta que la fuerza de fricción dinámica y la
fuerza normal que ejerce la superficie sobre el cuerpo son únicamente proporcionales en
magnitud, ya que claramente posee direcciones diferentes debido a la naturaleza física que
ejerce cada una de estas sobre el cuerpo.
Cabe anotar, que si en un problema particular no se sabe si el cuerpo rígido rueda
deslizando ó rueda sin deslizar, se supone que el cuerpo rueda sin deslizar y al terminar de
resolver el problema se evalúan las condiciones:
(6.67)
Y la que se satisfaga nos indicará la forma en la cual se está moviendo el cuerpo analizado.
Ejemplo 1.15.1.
Un carrete de masa 𝑀 y radio 𝑅 posee un pequeño saliente de radio 𝑟 y masa despreciable.
En la parte superior del carrete, se aplica una fuerza horizontal 𝐹 de magnitud constante. El
carrete rueda sin deslizar. Determine la fuerza de fricción estática que actúa sobre el
carrete.
Física mecánica
248
Figura e.15.1.
Solución.
Para encontrar el valor de la fuerza de fricción estática, se deben describir simultáneamente
y por separado los dos movimientos que posee el carrete que son: un movimiento de
traslación del centro de masa y un movimiento de rotación alrededor de un eje que pasa por
el centro de masa. Si se aplican las ecuaciones de movimiento traslacional y rotacional se
obtiene lo siguiente (el diagrama de cuerpo libre se muestra en la figura e.15.2.):
Figura e.15.2.
+→
𝐹𝑥 = 𝐹 − 𝑓𝑠 = 𝑀 𝑎𝐶𝑀 (6.68)
+ ↑ 𝐹𝑦 = 𝑁 − 𝑀𝑔 = 0 (6.69)
𝜏𝐶𝑀 = 𝐹𝑟 + 𝑓𝑠 𝑅 = 1
2 𝑀𝑅2𝛼 (6.70)
𝑎𝐶𝑀 = 𝛼 𝑅 (6.71)
Donde se ha omitido la contribución del saliente del carrete al momento de inercia total del
carrete (esto puede hacerse debido a que la masa del saliente es despreciable en
comparación con la masa del carrete, el cual estamos modelando como un disco uniforme).
Física mecánica
249
Si se resuelve el anterior conjunto de ecuaciones simultáneas, se puede encontrar la
siguiente expresión para la fuerza de fricción:
𝑓𝑠 = 2 𝑅−𝑟
𝑅+2 𝑟 𝐹 (6.72)
Movimiento por rodadura de un cuerpo rígido
El movimiento por rodadura es simplemente un modelo matemático, no es una situación
física real, el cual permite resolver algunas situaciones físicas de una manera mucho más
clara y elegante. Este modelo consiste en reemplazar desde el punto de vista matemático el
movimiento combinado de traslación del centro de masa y rotación alrededor de un eje que
pasa por el centro de masa, por un movimiento de rotación pura alrededor de eje
instantáneo de rotación que pasa por el punto de contacto entre el cuerpo rígido y la
superficie. Como por rodadura vamos a analizar el movimiento de rotación del cuerpo
respecto a un eje que no es el eje que pasa por el centro de masa, es de vital importancia el
uso del teorema de Steiner a la hora de realizar el análisis de dicho movimiento. Se va a
mirar ahora que efectivamente, estos dos modelos si son equivalentes desde el punto de
vista matemático. Se supone que el movimiento del cuerpo se está analizando respecto a un
eje instantáneo de rotación que pasa por el punto de contacto entre el cuerpo y la
superficie. Luego, la energía del cuerpo es toda del tipo cinética rotacional y va a estar
dada por:
(6.73)
donde es el momento de inercia del cuerpo rígido respecto al eje instantáneo de rotación
que pasa por el punto de contacto . Ahora, del teorema de Steiner tenemos:
(6.74)
Luego:
Física mecánica
250
(6.75)
La ecuación (1.16.3) indica que los efectos combinados de traslación del centro de masa y
rotación alrededor de un eje que pasa por el centro de masa son equivalentes desde el punto
de vista matemático, a un movimiento de rotación instantánea pura con la misma velocidad
angular con respecto a un eje que pasa por el punto de contacto entre el cuerpo rígido y
la superficie cuando el cuerpo rueda sin deslizar.
Ahora, se va a analizar gráficamente el movimiento de rodadura y se va a analizar desde el
punto de vista de la cinemática, el movimiento de varios puntos del cuerpo. Veamos:
Figura 1.26: Movimiento por rodadura de un cuerpo rígido.
Como consecuencia de este modelo matemático, la velocidad tangencial de cualquiera de
los puntos de la gráfica 1.26, se encuentra en una dirección que es perpendicular a la línea
que une al punto donde se encuentra el eje instantáneo de rotación (punto ) con un punto
del cuerpo, es decir, esta línea corresponde al radio de la trayectoria circular imaginaria
seguida por cada una de las partículas que componen el cuerpo.
Física mecánica
251
Equilibrio de un cuerpo rígido
Para que un cuerpo rígido se encuentre en equilibrio estático se deben satisfacer
simultáneamente las siguientes dos condiciones:
(6.76)
En donde la primera relación expresa el equilibrio traslacional y la segunda relación
expresa el equilibrio rotacional. Hay algunos casos particulares en los cuales uno puede
garantizar que un cuerpo rígido se encuentra en equilibrio, más concretamente, cuando el
cuerpo se encuentra sometido a la acción simultánea de dos fuerzas ó tres fuerzas externas.
Ahora, vamos a analizar estos casos:
1. Cuando un cuerpo rígido que está sometido a la acción simultánea de dos fuerzas
externas se encuentra en equilibrio, es porque las dos fuerzas poseen la misma
magnitud, direcciones opuestas, la misma línea de acción y el torque neto
producido por estas dos fuerzas es calculado respecto a un punto que se encuentra
sobre la línea de acción de las fuerzas. Cabe anotar que estas dos fuerzas no forman
un par acción reacción, ya que son fuerzas que están actuando sobre el mismo
cuerpo.
Figura 1.27: Cuerpo rígido en equilibrio estático bajo la acción de dos fuerzas
externas.
2. Cuando un cuerpo rígido que está sometido a la acción simultánea de tres fuerzas
externas se encuentra en equilibrio, es porque las líneas de acción de las tres
Física mecánica
252
fuerzas se cortan en un punto común. Esto garantiza que respecto a ese punto no se
generan efectos de rotación sobre el cuerpo y las fuerzas deben ser tales que no
producen efectos traslacionales.
Figura 1.28: Cuerpo rígido en equilibrio estático bajo la acción de tres fuerzas externas.
Física mecánica
253
Ejercicios
1) Determine el torque generado por la fuerza F sobre una varilla de longitud L la cual
está articulada en el punto O (Figura p.1) utilizando tres métodos diferentes: primero,
descomponga la fuerza en términos de una componente horizontal y una vertical. Segundo,
descomponga la fuerza en términos de una componente paralela a la varilla y otra
perpendicular a la varilla y tercero, utilizando la definición general de torque.
Figura p.1.
2) Sobre una lámina metálica rectangular de lados a y b, se aplican el conjunto de fuerzas
que se muestran en la figura (Figura p.2). a) Calcule el torque producido por el conjunto de
fuerzas respecto a la esquina a. b) Halle la fuerza neta resultante que está actuado sobre la
lámina. c) Halle las coordenadas de dos puntos que permiten definir la línea de acción de la
fuerza resultante. Las fuerzas poseen las siguiente magnitudes: F1 = F, F2 = 2 F, F3 = 3
F/2 y F4 = 4 F.
Figura p.2.
Física mecánica
254
3) Sobre una varilla de longitud L se están aplicando simultáneamente 2 fuerzas de igual
magnitud come se indica en la figura. Reemplace el sistema de fuerzas por un sistema
fuerza par en el punto O.
Figura p.3.
4) Cuatro partículas de masas m, 2m, 3m y m se encuentran ubicadas en las esquinas de un
rectángulo como se indica en la figura. a) Calcule el momento de inercia del sistema
respecto a un eje que pasa por el centro del rectángulo, el cual coincide con su centro de
masa. b) Calcule el momento de inercia respecto a un eje que pasa por las esquinas donde
se encuentran las partículas de masas 3m y m.
Figura p.4.
5) Considere el sistema que se muestra en la figura p.5. Una esfera de radio R y masa 5m,
dos varillas cada una de longitud L y masa 2m y cuatro partículas cada una de masa m/2.
Determine el momento de inercia del sistema respecto a un eje que pasa por el centro de la
esfera.
Física mecánica
255
Figura p.5.
6) Un cilindro macizo de radio R y masa M está unido a un bloque de masa 2M mediante
una cuerda ideal la cual pasa por una polea real de radio R/2 y masa M/2, como se indica
en la figura. Determine la aceleración del bloque y la aceleración angular del cilindro. El
cilindro rueda sin deslizar y la polea se puede modelar como un disco.
Figura p.6.
7) Un cilindro macizo de radio R y masa M está unido a un bloque de masa 2M mediante
una cuerda ideal la cual pasa por una polea ideal como se indica en la figura. El ángulo que
forma la superficie inclinada con la horizontal es θ. Determine la aceleración del bloque y
la aceleración angular del cilindro. El cilindro rueda sin deslizar y la polea se puede
modelar como un disco.
Física mecánica
256
Figura p.7.
8) Una esfera maciza de radio r y masa M se suelta por una vía de montaña rusa como se
indica en la figura. Cuando la esfera llega a la parte inferior de la vía, comienza a ascender
por describiendo una trayectoria circular de radio R. Determine la altura mínima desde la
cual se debe soltar la esfera de tal manera que de una vuelta completa sobre la parte
circular de la vía.
Figura p.8.
9). Una escalera de longitud L y masa M reposa sobre un muro vertical como se indica en
la figura. Únicamente existe fricción entre el piso y la escalera y esta permanece en
Física mecánica
257
equilibrio. Determine la magnitud y dirección de las reacciones ejercidas sobre la varilla en
los puntos de contacto con el piso y el muro, es decir, en los puntos A y B.
Figura p.9.
10) Una varilla de longitud L y masa M se encuentra unida a una cuerda ideal de la misma
longitud como se indica en la figura. El extremo de la varilla que no se encuentra unido a
la cuerda reposa sobre un muro vertical rugoso y del extremo que se encuentra unido a la
cuerda se cuelga un bloque de masa 2M. Determine la magnitud y dirección de la reacción
ejercida por el muro sobre la varilla y la tensión en la cuerda.
Figura p.10.
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258
Física mecánica
259
Bibliografía
Giancoli, Douglas C. Física para universitarios. Volumen II. México: Prentice Hall 3 ed.
2002.
Lea. Susan M. Burke Hohn Robert. La naturaleza de las cosas. Volumen II Internacional
Thomson Editores.
Enciclopedia Microsoft® Encarta® 2002. © 1993-2001 Microsoft Corporation.
Lineamientos curriculares. Ministerio de Educación nacional.
Mahecha, J. Manual de laboratorio de física I (mecanica). Ed. Universidad de
Florey, Francis G.. Algebra Lineal y aplicaciones. México: Prentice Hall
Alonso, Marcelo. Finn Edgard. Física. México: Addison-Wesley Iberoamericana
Serway, Raymond A., Jewett Jr. John W., Física para ciencias e ingenierías, THOMSON,
Sexta edición Volumen I, 2005.
Resnick R., Halliday D., Krane Kenneth., Física, Volumen 1, cuarta edición,1992
www.ciencianet.com
www.sc.ehu.es/sbweb/fisica/unidades/unidades/unidades.htm#Antecedentes.%20El%20Sis
tema%20Métrico%20Decimal
http://imartinez.etsin.upm.es/ot1/Units_es.htm
http://www.construir.com/Econsult/C/Consulta/Renison/document/medidas.htm