Solucion Al Examen
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7/25/2019 Solucion Al Examen
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Solucion al primer Parcial - Analisis Numerico
1. Hallar la condicion del problemaP : Rn Rn R/P(x, y) =n
i=1 |xiyi|
Solucion:
Sean x = (x1,...,xn), y = (y1,...,yn), x = (x1,...,xn), y = (y1,...,yn) vectores en Rn donde
xk =xk(1 +k) yyk =yk(1 +k) con |k| epsy |k| epsparak = 1,...,n.
Planteamos
|P(x,y)P(x,y)||P(x,y)| =
|n
i=1 |xiyi
|n
i=1 |xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||
= |n
i=1 |xi(1+i)yi(1+i)
|n
i=1 |xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||
|n
i=1 |xiyi(1+i)(1i)|
ni=1 |
xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||
= |n
i=1 |xiyi(1+iiii)|
ni=1 |
xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||
Despreciandoii 0 para i = 1,...,n
|n
i=1 |xiyi(1+ii)|
ni=1 |
xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||
|
n
i=1 |
xi
yi |+
n
i=1 |
xi
yi |(|i|+|i|)
n
i=1 |
xi
yi |||n
i=1 |xiyi
||
= |n
i=1 |xiyi
|(|i|+|i|)|
|n
i=1 |xiyi
||
|n
i=1 |xiyi
||i|+n
i=1 |xiyi
||i||
|n
i=1 |xiyi
||
=n
i=1 |xiyi
||i|+n
i=1 |xiyi
||i|n
i=1 |xiyi
|
2n
i=1 |xiyi
|
ni=1 | xiyi | eps
= 2eps
De donde = 2 y el problema esta bien condicionado.
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2. Hallar una raiz real positiva mediante el Metodo del Punto Fijo para xx ex = 0 con
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3. Mediante el metodo de Splines Cubicos a justar los puntos de la siguiente tabla
x 2.0 3.4 6.8 7.9f(x) 815 924 716 1007
Solucion:
Un Trazador Cubico es una funcion que interpola a fen los 4 puntos dados definida de lasiguiente forma:
S(x) =
S0(x) si x [x0, x1]S1(x) si x [x1, x2]S2(x) si x [x2, x3]
Donde Si(x) =ai+bi(x xi) +ci(x xi)2 +di(x xi)
3 parai= 0, 1, 2.
Para el calculo de ai plateamos ai= f(xi) parai= 0, 1, 2, 3
a0 = f(x0) = 815
a1 = f(x1) = 924
a2 = f(x2) = 716
a3 = f(x3) = 1007
Para el calculo de hi planteamos hi= xi+1 xi para i = 0, 1, 2.
h0= x1 x0 = 1, 4
h1= x2 x1 = 3,4
h2= x3 x2 = 1, 1
Para el calculo de ci planteamos
1 0 0 0h0 2(h0+h1) h1 00 h1 2(h1+h2) h20 0 0 1
c0c1c2c3
=
03h1
(a2 a1) 3h0
(a1 a0)3h2
(a3 a2) 3h1
(a2 a1)
0
Luego obtenemos
1 0 0 01,4 9,6 3,4 00 3,4 9 1,10 0 0 1
c0c1c2c3
=
0417,1008977,1658
0
3
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Resolviendo obtenemosc0= 0, c1= 81,9013, c2= 108,5739 yc3= 0
Para el calculo de bi planteamos bi= 1hi
(ai+1 ai) hi3(2ci+ci+1) parai= 0, 1, 2.
b0= 1h0
(a1 a0) h03
(2c0+c1) = 107,8876
b1= 1h1
(a2 a1) h13(2c1+c2) = 1,4160
b2= 1
h2 (a3 a2) h2
3(2c2+c3) = 184,9246Para el calculo de di planteamosdi =
13hi
(ci+1 ci) para i = 0, 1, 2.
d0= 13h0
(c1 c0) = 19,5003
d1= 13h1
(c2 c1) = 18,6740
d2= 13h2
(c3 c2) = 32,9011
Finalmente planteamos:
S(x) =
S0(x) = 815 + 107,8876(x xi) + 0(x xi)2 19,5003(x xi)3 si x [2,0S1(x) = 924 + 1,4160(x xi) 81,9013(x xi)
2 + 18,6740(x xi)3 si x [3,4
S2(x) = 716 + 184,9246(x xi) + 108,5739(x xi)2 32,9011(x xi)
3 si x [6,8
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4. mediante el metodo de Newton-Raphson determine las intersecciones de las curvasy +x2 = 4yx +y2 = 6 en el intervalo que usted establezca.
Solucion:
Consideremos el siguiente grafico
6 4 2 0 2 420
15
10
5
0
5
10
15
GRAFICO
Graficamente observamos que existen 4 puntos en comun entre ambas parabolas, sean A,B,CyD dichos puntos.
SeaAel punto del primer cuadrante, hallar dicho puntoAtomemos la aproximacion (x0, y0) =(1, 35;2,15).
Planteamosf(x, y) =y +x2
4 yg(x, y) =x+y2
6
Tambien consideramos la matriz JacobianaJ(x, y) =
f
x
f
yg
x
g
y
=
2x 1
1 2y
El determinante de la matriz Jacobiana esta dada por det(J(x, y)) = 4xy 1
Para aplicar el metodo de Newton Raphson planteamos para n= 0, 1,...
xn+1= xn 1
det(J(xn,yn))(f(xn, yn)
g(xn,yn)y
g(xn, yn)f(xn,yn)
y )
yn+1= yn 1
det(J(xn,yn))(g(xn, yn)
f(xn,yn)x
f(xn, yn)g(xn,yn)
x )
Para nuestro caso tenemos para n = 0, 1,...
xn+1= xn 1
4xnyn1((yn+x
2n 4)(2yn) (xn+y
2n 6)(1))
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yn+1= yn 1
4xnyn1((xn+y
2n 6)(2xn) (yn+x
2n 4)(1))
Para n = 0
x1= x0 1
4x0y01((y0+x
20 4)(2y0) (x0+y
20 6)(1)) = 1,3585
y1= y0 1
4x0y01((x0+y
20 6)(2x0) (y0+x
20 4)(1)) = 2,1544
Para n = 1
x2= x1 1
4x1y11((y1+x
21 4)(2y1) (x1+y
21 6)(1)) = 1,3585
y2= y1 1
4x1y11((x1+y
21 6)(2x1) (y1+x
21 4)(1)) = 2,1544
Veamos el error E1= |x2 x1| = 0< 0,001 yE2 = |y2 y1| = 0< 0,001.
Luego planteamos como solucion del sistema A(1,3585; 2,1544).
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