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Escuela secundaria técnica 118

Alumno: Zuno Rodríguez Luis Alfonso

Profesor Luis miguel

Materia matemáticas 3

Síntesis 1 matemática estas ahí episodio 3.1415…

Grado y grupo: 3° “B”

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Índice:

Introducción 3

Problemas 4

Lecturas 8

Conclusión 10

Fuente 11

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Introducción

El autor de este libro comenta en el prologo del libro, que, como y porque se motivo a

escribirlo, en su historia menciona que nunca creyó hacer algo así y que en el proceso de

realización pasaron varias cosas, en un principio no quería escribir el libro pero después

de pensarlo se dio valor y se animo a hacerlo.

El hizo cuentas del tiempo en que aproximadamente ya habría terminado el libro pero

conforme fue adentrándose en la redacción tardo más del doble de lo que esperaba, pero

él estaba tan entretenido en esa actividad que nunca se detuvo a pensar en cuanto

ganaría con eso y tampoco se imagino si tendría muchos o pocos beneficios al escribir la

obra. El día del contrato fue cuando el por primera vez pensó en dinero ya que nunca

hablo de esto con la persona que lo invito a escribir.

Se hizo amigo de la persona que le dio el contrato ya que este lo trato bien y él se sintió a

gusto, al grado de que esta persona le dio total libertad de alterar el contrato a su gusto

del autor, a lo que él como muestra de agradecimiento firmo el contrato sin leerlo. El solo

pidió que el libro estuviera en internet de manera gratuita a lo que el señor accedió y de

ahí surgio una gran amistad.

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Contenido:

“La Matemática y sus problemas”

Dos pintores y una pieza En una casa hay una habitación grande que hay que pintar. Un pintor, llamémoslo A, tarda 4 horas en pintarla solo. El otro, a quien llamaremos B, tarda 2 horas. ¿Cuánto tardarían si los dos se pusieran a pintarla juntos? (Antes de avanzar: la respuesta no es 3 horas.)

Solución La tentación es decir que si trabajan los dos juntos van a tardar 3 horas en pintar la pieza. Sin embargo, uno contesta eso porque, en principio, no está pensando. Basta advertir que, si uno de los dos pintores trabajando solo tardaría 2 horas, no es posible que con ayuda de otro ¡tarden más! Estoy seguro de que hay muchísimas maneras de llegar a la solución. Más aún: ni siquiera creo que las dos que voy a proponer sean las mejores. Es decir: lo invito a que imagine una respuesta que sea atractiva por lo breve y contundente. Por eso es que creo que no vale la pena leer lo que figura más abajo... Pero, si aun así usted insiste, aquí va. Le propongo pensar lo siguiente. En una hora, el pintor que pinta más rápido, B, pinta la mitad de la pieza. El otro, A, mientras tanto, pinta una cuarta parte (ya que, como tarda 4 horas en pintar todo, en una hora pinta justo la cuarta parte de la pieza).

Ahora bien, hasta acá, entre los dos pintaron las tres cuartas partes. Relea lo que acabo de escribir: tres cuartas partes. O sea, tres veces una cuarta parte (eso es lo que significa tres cuartos de algo). Y tardaron una hora en hacerlo. Por lo tanto, como queda una cuarta parte por pintar, les hace falta la tercera parte de una hora. Piénselo conmigo otra vez: si en una hora pintaron tres cuartos, para pintar un cuarto (que es la tercera parte de 3/4), les hace falta usar la tercera parte de una hora, o sea, 20 minutos.

MORALEJA: los dos pintores juntos tardarán 1 hora y 20 minutos para pintar la pieza.

También podemos pensar el problema usando lo que nos enseñaron en el colegio como "regla de tres simple". Como hice en la solución 1, sabemos que en una hora pintan 3/4 partes de la pieza. La pregunta es, entonces, ¿cuánto tardarán en pintar toda la pieza? Y para eso escribimos:

3/4 pieza → 60 minutos 1 pieza → x minutos

Para "despejar" la x (o para "calcular" la x), hacemos x = (1 * 60)/(3/4) = 60/(3/4) = (4/3) * 60 = 80

Luego, en total, entre los dos tardarán 80 minutos, o sea, 1 hora y 20 minutos.

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COMENTARIO

Este primer problema confundiría a muchos ya que al instante quieren deducir la respuesta sin pensar en que es un problema real y que no piensan que si un solo pintor tarda dos horas solo no puede ser que tarde mas con ayuda, muy divertido ya que al inicio y también caí y dije esa respuesta.

¿Cómo hacer para pesar diez kilos con una balanza desbalanceada? Mucha gente cree que tiene mala suerte y lo expresa de distintas maneras. Por ejemplo: "El día que llueva sopa, yo voy a estar con un tenedor en la mano". O algo equivalente. El hecho es que si Murphy viviera, diría que uno siempre tiene un destornillador cuando necesita un martillo (o al revés). Pero con el tiempo y con paciencia, al final, nos ingeniamos para salir del paso. Es posible que usted nunca tenga que enfrentar el problema que viene a continuación. Sin embargo, estoy seguro de que, el haber pensado en cómo resolverlo, lo ayudará a tener una llave extra en su arsenal, que uno nunca sabe cuándo necesitará utilizar. Supongamos que tiene que pesar exactamente diez kilos de azúcar. Para lograrlo, se tienen dos pesas de cinco kilos cada una, y una balanza con dos platillos. La dificultad reside en que la balanza está desbalanceada. Esto significa que, sin que haya ningún peso en ninguno de los dos platillos, hay uno que está más arriba que el otro. ¿Cómo hacer?

Solución

Primero, ponga las dos pesas (5 kilos + 5 kilos) sobre uno de los platillos. Ponga azúcar en el otro hasta que los dos platillos queden a la misma altura. Cuando lo logró, retire las dos pesas y reemplácelas con azúcar hasta que los platillos queden otra vez a la misma altura. Obviamente, el azúcar que le hizo falta poner en el platillo en donde estaban las dos pesas cumple con lo que usted quería: ¡pesa 10 kilos!

COMENTARIO

Este problema me llamo la atención debido a que parece simple pero solo para algunos porque puede ser que para otros sea muy complejo resolverlo, este es un ejemplo de que no se necesita ser un gran estudioso para resolver problemas cotidianos. Porque una persona cualquiera que se enfrente a este dilema lo puede hacer por la necesidad de resolverlo.

Los tres recipientes con dos tipos de monedas que tienen las etiquetas cambiadas

Supongamos que tiene tres recipientes iguales que contienen monedas. Y no se puede ver lo que hay en el interior de cada uno. Lo que sí se puede ver es que en la parte de afuera de cada recipiente hay pegada una etiqueta.

Una dice: "Monedas de 10 centavos". Otra dice: "Monedas de 5 centavos". Y la tercera dice: "Mezcla".

Un señor que pasó por el lugar antes que usted, despegó todas las etiquetas que había y las puso, a propósito, en recipientes que no correspondían. ¿Alcanza con elegir una sola moneda de un solo recipiente para tener suficiente información para reordenar las etiquetas y poner cada una en el lugar que le corresponde?

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Solución Sí, se puede. Uno retira una moneda del recipiente que dice "Mezcla" Se fija qué tipo de moneda es. Puede ser o bien de 5 centavos o de 10. Supongamos que es una moneda de 5. Como la etiqueta de la que sacó la moneda decía "Mezcla", está claro que ese recipiente no es el de la mezcla. Entonces significa que ya encontró el recipiente al cual ponerle la etiqueta que diga "Monedas de 5 centavos". Por otro lado, el recipiente que tiene la etiqueta que dice "Monedas de 10 centavos" tiene que ser el que contenga la "mezcla". ¿Por qué? Porque, por un lado, no puede ser el de las monedas de 10 ya que, si no, tendría la etiqueta correcta. Luego, sólo puede ser el de las monedas de 5 o el de la mezcla. Pero el de las monedas de 5 tampoco puede ser, porque ésa fue la primera que sacamos. Luego, allí debería decir "Mezcla". Listo. En el primer recipiente va la etiqueta que dice "Monedas de 5 centavos", en el que dice "Monedas de 10 centavos" va la que dice "Mezcla" y en el que queda va la etiqueta que dice "Monedas de 10 centavos".

MORALEJA: uno escuchó muchas veces decir "hay que leer bien el enunciado" o lo que en la vida cotidiana significa "estar muy atento a todos los detalles y no pasar nada por alto".

El problema anterior es un buen ejemplo de esto ya que si uno no presta atención a la parte del enunciado que dice "en recipientes que no correspondían", no puede resolver bien el problema. Como suele decir Gerardo Garbulsky, es un aprendizaje de vida muy interesante.

COMENTARIO

Sin duda un problema sumamente sencillo, al menos para mí fue sencillo sin necesidad de leer la solución pude dar con la respuesta correcta ya que en muchas ocasiones solo es echar a volar la lógica y el razonamiento y esto nos lleva a las soluciones.

Problema de las ocho monedas El siguiente problema invita, una vez más, a pensar un rato. Lo que puedo decir es que hay una solución, que no es muy complicada, pero que requiere analizar y evaluar las distintas posibilidades. Y para eso hace falta un poco de concentración. Nada más. Nada menos. Acá va. Se tienen ocho monedas en apariencia iguales, aunque se sabe que una de ellas es más liviana que las otras siete. Además, hay una balanza con dos platillos y lo único que se puede hacer con ellos es poner monedas a uno y otro lado, y pesar solamente dos veces. Luego de esas dos pesadas, se supone que uno tiene que estar en condiciones de poder decir cuál es la moneda diferente (más liviana).

Solución

En la primera pesada, se separan seis de las ocho monedas y se ponen tres en cada platillo. ¿Qué puede pasar? Hay tres posibilidades:

a. Que los dos platillos estén nivelados. b. Que el platillo de la izquierda pese más. c. Que el platillo de la derecha pese más. Veamos cómo resolver el problema en cada caso.

En el caso (a), como los dos platillos están nivelados, sabemos que entre esas seis monedas no está la que buscamos. Tiene que estar forzosamente entre las dos que no pesamos. Como aún nos queda una pesada, ponemos una moneda en cada platillo y, el que pesa menos va a ser el que contiene la moneda que buscamos. En el caso (b), el platillo de la izquierda pesa más, implica que el de la derecha contiene la moneda que buscamos. Es una de las tres que están en ese platillo. De esas tres, ponemos una en el

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platillo de la izquierda, y una en el de la derecha. Si los platillos quedan nivelados, entonces la moneda que no usamos es la que estamos buscando. En cambio, si los platillos no están nivelados, el que pesa menos contiene a la moneda más liviana. Y listo. El caso (c) es el mismo que (b), sólo que las monedas que elegimos para la última pesada son las que están en el platillo de la izquierda.

COMENTARIO

Este problema me llamo la atención ya que para dar con la solución tarde más de 10 minutos, y aun así no estaba seguro de si esa era la correcta, pero me extraño que le conté el problema a mi padre y el casi en cuestión de dos tres minutos de pensar me dijo como habría que hacerlo.

El acolchado cuadrado

Este problema fue propuesto por Henry Dudeney en 1917. Vamos a suponer que usted tiene un acolchado que forma un cuadrado y que está compuesto por 169 cuadraditos.

Uno podría pensar este acolchado como un gran cuadrado de 13 x 13. O también, como un acolchado compuesto por 169 "cuadraditos". Pero el objetivo es encontrar la menor cantidad de cuadrados posibles en los que se pueda partir el cuadrado grande (es decir, de tamaño estrictamente menor que 13 x 13), y exhibir las formas en las que se puede armar nuevamente. Por ejemplo: supongamos que uno tiene un cuadrado de 3 x 3. Por supuesto, podría partirlo en cuadraditos de 1 x 1 y tendría nueve de esos cuadrados. Pero esa partición es mala, en el sentido de que uno puede encontrar una mejor. Por ejemplo, tomar un cuadrado de 2 x 2 y luego cinco cuadraditos de 1 x 1. Eso da un total de seis cuadraditos.

Vuelvo al problema original: el objetivo es encontrar el mínimo número de cuadrados en los que se pueda partir el acolchado grande de 13 x 13. Obviamente, se excluye el caso 13 x 13, ya que, si no, habría uno solo: ¡el original! Piénselo y luego, en todo caso, verifique qué solución encontró. Si me permite, le hago una sugerencia: empiece como hice yo, con acolchados de 3 x 3 (hasta que se convenza bien del ejemplo), luego siga con acolchados de 4 x 4, de 5 x 5, etc., hasta que desarrolle una intuición de qué es lo que habría que hacer. No empiece directamente con el de 13 x 13, porque es más complicado.

Solución En el libro Amusements in Mathematics, Dudeney escribió que él creía que ésta es la única solución al problema, o sea, que la menor cantidad de cuadraditos posibles es de 11. Los cuadrados más grandes tienen que tener esas medidas, y ubicados de esa forma. Por supuesto, se podrían encontrar otras ubicaciones, pero sólo reflejarían lo que se ve en esta figura. El problema de Dudeney se puede generalizar de varias maneras. Una de ellas (la más interesante, creo) es la de considerar cuadrados de distintas dimensiones (n x n, para cualquier n) y tratar de hacer lo mismo que en el caso anterior (13 x 13).

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Los casos más conocidos son:

En donde la columna de la izquierda indica el número de cuadrados por lado, y la de la derecha, el número de cuadraditos en los que se puede descomponer el cuadrado grande.

COMENTARIO Este problema no lo termine de entender hasta que vi la solución y ya con esto sentí haber entendido un poco mas ya que así solo con el problema me hacía falta más explicación.

NUMEROS Y MATEMATICA.

Menos por menos es mas… ¿seguro?

Como dice la lectura es muy seguido que escuchemos eso en la clase y sinceramente yo siempre me lo había preguntado pero no investigue el porqué de esto, nos ponen unos ejemplos con los que demostraron la ley de signos de una manera comprobable y muy sencilla esto nos dice que las matemáticas no están ahí porque si sino todo tiene sus razones.

Suma de los primeros n números naturales

En esta lectura nos dan una cosa muy útil ya que ahí nos dicen que para poder saber cuántas cruces hay en una especie de pirámide solo es necesario contraponer otra del mismo tamaño y obtener el área, posteriormente dividirlo entre dos y es el resultado, también cuenta una historia de unos niños a los que se les pide sumar todos los numero y ver cuánto les da, sin duda fue practico lo que aprendí.

Tirar 200 veces una moneda

Esto más que enseñarnos algo, nos platican una historia en la que se dice que las probabilidades nunca son las mismas y eso es cierto porque nunca nade puede saber que caerá al arrojar una moneda, solo es cuestión de azar.

Un numero primo p y ladrillos de (m x n)

Aquí nos dan una formula la cual podremos usar para cierto tipo de operaciones, aquí vemos que no es tan sencillo como se cree, yo me imagine que ese tipo de problemas son los que enfrentan a diario la gente que se dedica a eso y ellos aunque no tengan estudios le pueden dar solución, ya que tienen cierta experiencia con eso y sin saberlo usan las formulas que a nosotros nos cuesta entender.

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Problema de bocard

(Un problema abierto)

Aquí nos hablan de que hay solo 3 formas de que un número elevado al cuadrado y uno factorial den el mismo resultado, ahí nos mencionan cuales son estos y el autor pone a modo de reto para nosotros mismos que encontremos otro par, la verdad intente varias veces pero no encontré nada.

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Conclusión

Como dice el apartado en el que me base para concluir este trabajo no se sabe casi nada de matemáticas ya que un ejemplo los chavos de secundaria nos dicen ahí que estamos muchísimos años atrasados con las matemática ya que lo que estamos viendo son cosas de hace muchos años, y que eso pasa siempre porque como siempre se están renovando y descubriendo cosas nadie puede decir que sabe todo de matemáticas, ya que esto no es posible y ni toda la vida alcanza para explicarlas por completo.

En este trabajo aprendí varias cosas más que nada aprendí a razonar ya que los problemas eran solo eso razonar y analizar las posibles respuestas.

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Fuente:

Libro: Matemáticas… ¿estás ahí? episodio 3.14

Adrian Paenza